《2022高三化学二轮三轮总复习重点突破综合测试《有机化学》综合测试.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022高三化学二轮三轮总复习重点突破综合测试《有机化学》综合测试.docx（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、 有机化学 综合测试(总分值：100分时间：90分钟)第一卷(选择题，共48分)一、选择题(每题3分，共48分)1(2022山东卷)以下表达错误的选项是()A乙烯和苯都能使溴水褪色，褪色的原因相同B淀粉、油脂、蛋白质都能水解，但水解产物不同C煤油可由石油分馏获得，可用作燃料和保存少量金属钠D乙醇、乙酸、乙酸乙酯都能发生取代反响，乙酸乙酯中的少量乙酸可用饱和Na2CO3溶液除去解析：此题考查有机物的性质，意在考查考生对有机化学根底知识的掌握程度。乙烯使溴水褪色是因为发生了加成反响，苯使溴水褪色是因为苯萃取了溴水中的溴，A选项错误；淀粉的水解产物是葡萄糖，油脂碱性水解的产物是高级脂肪酸钠和甘油，蛋
2、白质水解的产物是氨基酸，B选项正确；煤油是石油分馏的一种馏分，金属钠一般保存在煤油中，C选项正确；乙醇和乙酸的酯化反响属于取代反响，乙酸乙酯的水解也属于取代反响，D选项正确。答案：A2(2022赣州市模拟)下面是生产生活中的常见有机物的分子式、结构(简)式或名称：CH3COOH，硬脂酸甘油酯，蛋白质，聚乙烯。以下有关说法正确的选项是()A能与溴的四氯化碳溶液发生加成反响并使之褪色的有B投入钠能产生H2的是C属于高分子材料的是D含碳量最高、有毒、常温下为液体且点燃时有浓的黑烟的是解析：能与溴的四氯化碳溶液发生加成反响，说明分子中含有CC或CC等不饱和键；能与Na反响生成H2，说明分子中含有OH(
3、或COOH)；常温下为液体、含碳量最高、有毒、点燃有黑烟产生的是苯。答案：D3(2022北京市海淀区期中)以下说法正确的选项是()A苯乙烯分子中所有原子可能在一个平面上B分子式为C7H8O且分子中有苯环的有机物共有4种C甲酸分子中有醛基，因此无法区别甲醛溶液和甲酸溶液D除去乙烯中混有的甲烷，可将混合气体通过酸性高锰酸钾溶液解析：因为苯、乙烯分子中的各原子均处于同一平面上，故苯乙烯分子中所有原子可能在一个平面上，A项正确；分子式为C7H8O且分子中有苯环的有机物属酚类的有3种、属醇类的有1种，属醚类的有1种，共有5种，B项不正确；甲酸分子中含COOH，因此可用酸碱指示剂来区别甲醛溶液和甲酸溶液，
4、C项不正确；酸性高锰酸钾溶液可把乙烯氧化生成二氧化碳，而与甲烷不反响，故不能通过酸性高锰酸钾溶液除去乙烯中混有的甲烷，D项不正确。答案：A4(2022北京市抽样)以下说法正确的选项是()A除去苯中的少量苯酚，可参加过量的饱和溴水后过滤B蛋白质水解的最终产物既能和强酸反响，又能和强碱反响C葡萄糖、蔗糖都能与新制氢氧化铜浊液发生反响D纤维素属于高分子化合物，与淀粉互为同分异构体解析：苯酚与溴水反响生成的三溴苯酚可溶于苯中，增加了新的杂质，不符合除杂质的原那么，故A错误。蛋白质水解的最终产物是氨基酸，氨基酸具有两性，既能和强酸反响，又能和强碱反响，故B正确。蔗糖属于非复原性糖，不能与新制氢氧化铜浊液
5、发生反响，故C错误。淀粉和纤维素的分子式虽然都可表示为(C6H10O5)n，但其n值不同，因此二者不是同分异构体，故D错误。答案：B5(2022黄冈市质检)有机物A的结构简式为，A的同分异构体中带苯环的化合物(烯醇结构除外)共有()A3种B4种C5种 D6种解析：有机物A的分子式为C7H8O，苯环上如果有两个取代基，可以是一个酚羟基、一个甲基，那么有3种结构，还可以只有一个取代基，如CH2OH、OCH3，故共有5种结构。答案：C6(2022襄樊市调研)以下说法不正确的选项是()A无论乙烯与丙烯酸以何种比例混合，只要二者总物质的量是个定值，完全燃烧时所消耗的氧气也一定是个定值B鉴别甲苯、苯乙烯、
6、苯酚、丙烯酸溶液可选用KMnO4溶液、溴水C可以利用燃烧法来区别聚乙烯塑料和聚氯乙烯塑料、毛和棉D装溴水、高锰酸钾溶液的试剂瓶不能用橡胶塞，因为橡胶分子中含有碳碳双键解析：选项A,1 mol C2H4完全燃烧消耗3 mol O2,1 mol CH2=CHCOOH完全燃烧也消耗3 mol O2，所以二者总物质的量不变时，消耗的O2的量也不变。选项B，利用溴水能鉴别出甲苯(萃取原理)、苯酚(产生白色浑浊)，但无法鉴别出苯乙烯和丙烯酸(二者均能使溴水褪色)，也不能用KMnO4溶液鉴别出苯乙烯和丙烯酸(二者均能使KMnO4溶液褪色)。选项C，燃烧聚乙烯时闻不到明显气味，燃烧聚氯乙烯时能闻到刺激性气味(
7、释放出HCl)，燃烧毛时能闻到烧焦羽毛气味，燃烧棉时能闻到烧纸气味，故可根据燃烧产生的气味不同鉴别。选项D，因橡胶中含有碳碳双键，碳碳双键能与Br2发生加成反响、能被KMnO4溶液氧化，所以不能用有橡胶塞的试剂瓶来装溴水和KMnO4溶液。答案：B7(2022武汉市调研)柠檬烯是一种食用香料，其结构简式如以下列图。有关柠檬烯的分析正确的选项是()A它的一氯代物有6种B.它和丁基苯()互为同分异构体C.一定条件下，它分别可以发生加成、取代、氧化、复原等反响D.它的分子中所有的碳原子一定在同一个平面上解析：柠檬烯中有8种不同的氢原子，故其一氯代物有8种；柠檬烯比丁基苯多2个氢原子，分子式不同，故不是
8、同分异构体；柠檬烯分子中所有的碳原子不可能在同一个平面上。答案：C8(2022湖北省联考)阿魏酸是一种广泛存在于植物中的酚酸，很多保健品中常含有阿魏酸，其结构简式如下。以下说法不正确的选项是()A该化合物既可以与Br2的CCl4溶液发生加成反响又可以与浓溴水发生取代反响B该化合物具有复原性，能被过氧化物氧化，还能与氯化铁溶液反响C与阿魏酸分子式相同，且苯环上具有与阿魏酸相同取代基的化合物共有8种D阿魏酸乙酯的分子式为C12H14O4解析：C项中与阿魏酸含有相同的取代基，即苯环上含3个不同的取代基的同分异构体共有10种(含本身)。答案：C9(2022河南省调研)两个羟基连在同一个碳原子上的结构不
9、稳定。某醇在适当条件下与足量的乙酸发生酯化反响，得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是ab84，有关该醇应该具有的结构特点的描述正确的选项是()A该醇至少含有两个碳原子B该醇分子中一定没有甲基C该醇分子中一定含有甲基D该醇分子中含有一个醇羟基解析：此题考查了有机物结构的相关知识。由得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是ab84，可知1分子的醇消耗了2分子的乙酸，故醇中含2个羟基，又两个羟基连在同一个碳原子上的结构不稳定，故该醇至少含有两个碳原子，即选A。答案：A10某种分子的球棍模型如以下列图所示(图中球与球之间的连线可代表单键、双键、叁键等)：，不同形式的
10、球代表不同的原子，对该物质的判断正确的选项是()A处的化学键是碳碳双键B处的原子可能是氯原子C该分子中的原子不可能均在同一直线上D该分子不存在链状同分异构体解析：根据碳原子成键规律知，碳链上碳原子间从左至右CC、CC交替出现，那么处为碳碳叁键，处的原子与其前面的碳原子形成的是叁键，故其不可能是氯原子，A、B错；因碳链上是CC与CC交替出现，故所有原子可能均在同一直线上，同时也无法出现支链，C错D对。答案：D11某有机物的结构简式为，那么此有机物可发生反响的类型有()取代反响加成反响消去反响水解反响氧化反响加聚反响ABCD解析：该有机物含有碳碳双键，能发生加成反响、氧化反响和加聚反响；它含有Br
11、，能发生水解反响；含有醇羟基，且符合消去反响的条件，能发生消去反响；含有苯环，能发生取代反响；含羧基能发生取代反响(酯化反响)。答案：D12(2022全国卷)三位科学家因在烯烃复分解反响研究中的杰出奉献而荣获2022年度诺贝尔化学奖，烯烃复分解反响可示意如下：以下化合物中，经过烯烃复分解反响可以生成的是()解析：此题考查烯烃的性质，意在考查考生阅读信息、分析信息和处理问题的能力。根据信息，断键规律是两个碳碳双键均断裂，形成两个新的碳碳双键。按此规律，可以判断A选项合理。答案：A第二卷(非选择题，共52分)二、非选择题(共52分)13(8分)(2022广东卷)固定和利用CO2能有效地利用资源，并
12、减少空气中的温室气体。CO2与化合物反响生成化合物，与化合物反响生成化合物，如反响和所示(其他试剂、产物及反响条件均省略)。 (1)化合物的分子式为_，1 mol该物质完全燃烧需消耗_mol O2。(2)由通过消去反响在制备的化学方程式为_(注明反响条件)。(3)与过量C2H5OH在酸催化下发生酯化反响，生成的有机物的结构简式为_。(4)在一定条件下，化合物能与CO2发生类似反响的反响，生成两种化合物(互为同分异构体)，请写出其中任意一种化合物的结构简式：_。(5)与CO2类似，CO也能被固定和利用，在一定条件下，和H2三者发生反响(苯环不参与反响)，生成化合物和，其分子式均为C9H8O，且都
13、能发生银镜反响，以下关于和的说法正确的有_(双选，填字母)。A都属于芳香烃衍生物B都能使溴的四氯化碳溶液褪色C都能与Na反响放出H2D1 mol 和最多能与4 mol H2发生加成反响解析：此题主要考查有机物的推断及有机化合物之间的相互转化，意在考查考生对有机物间衍变关系的理解与掌握，考查考生对有机根本反响的理解。(1)化合物的分子式为C8H8，根据C1 mol O2,4H1 mol O2，可得，1 mol化合物完全燃烧消耗10 mol O2；(2)由制备化合物是消去HBr后得到的产物，所以反响条件为NaOH的醇溶液和加热，CH2CH2BrNaOHCHCH2NaBrH2O；(3)化合物与过量的
14、C2H5OH发生酯化反响，产物为；(4)化合物与CO2反响时，CO2翻开一条CO键，化合物翻开一条NC键，产物可能为；答案：(1)C8H810 (5)AB14(8分)A为某芳香烃的衍生物，只含C、H、O三种元素，苯环上有两个取代基。(1)B分子中含氧官能团的名称是_。(2)写出符合上述条件的A的两种可能的结构简式：_。(3)等量的B分别与Na、NaOH、Na2CO3反响时(无机物溶液滴加到有机物中)，消耗三者物质的量之比是_。(4)假设其中一种符合上述条件的A还可发生如下变化：AF的反响类型为_。写出有关反响的化学方程式：此A与新制Cu(OH)2悬浊液的反响：_；此A对应的B生成D的反响：_。
15、解析：(1)由A是芳香烃的衍生物知其分子中含有苯环，由A能与新制氢氧化铜悬浊液反响知其含有醛基，由其氧化产物B能发生分子内酯化反响知A中还含有OH，B中含有OH、COOH。(2)A中剩余基团式量为15029177628，组成为C2H4。由A遇FeCl3溶液不显紫色知羟基没有连接在苯环上，且B的分子内酯化产物C中含有一个含氧六元环，由此可确定符合条件的A的同分异构体的结构简式有如下三种：。(3)OH、COOH均能与钠反响，且有OHNa，COOHNa；NaOH、Na2CO3均只能与COOH反响，且有COOHNaOH、2COOHNa2CO3，故消耗Na、NaOH、Na2CO3物质的量之比为421。(
16、4)A在浓硫酸存在下能发生消去反响生成F，且A催化氧化能得到含有2个相同官能团(醛基)的分子E，说明A中存在CH2CH2OH，故符合此条件的A为，与此A对应的B为，B发生缩聚反响生成D，发生分子内酯化反响生成C。答案：(1)羧基、羟基 (3)4：2：1(4)消去反响15(8分)迷迭香酸是从蜂花属植物中提取到的酸性物质，其结构如下列图。(1)迷迭香酸在酸性条件下水解生成A、B，A在浓硫酸作用下可发生消去反响生成有机物C，那么B、C互为_。A中含有的官能团是_。A同分异构体B同系物C同素异形体 D同一物质(2)B有如下转化关系：D中有四个官能团，且有两个连在同一个碳原子上。E、F的结构简式分别为_
17、。BD的反响类型为_。DB的化学方程式为_。B与浓溴水反响的化学方程式为_。解析：(1)迷迭香酸在酸性条件下水解生成，A在浓硫酸作用下能发生消去反响，说明前者为A，后者为B，A发生消去反响生成C，那么C的结构简式为，B、C互为同分异构体。B与水加成生成，因D中有两个官能团连在同一个碳原子上，那么D应为。答案：(1)A(酚、醇)羟基、羧基(2)加成反响16(8分)(2022云南省检测)苄佐卡因是一种医用麻醉药品，学名对氨基苯甲酸乙酯，它以对硝基甲苯为主要起始原料经以下反响制得：(D)请答复以下问题：(1)写出A、B、C的结构简式：A_、B_、C_。(2)用1H核磁共振谱可以证明化合物C中有_种氢
18、原子处于不同的化学环境。(3)写出同时符合以下要求的化合物C的所有同分异构体的结构简式(E、F、G除外)_。化合物是1,4二取代苯，其中苯环上的一个取代基是硝基分子中含有结构的基团注：E、F、G结构如下： (4)E、F、G中有一化合物经酸性水解，其中的一种产物能与FeCl3溶液发生显色反响，写出该水解反响的化学方程式_。(5)苄佐卡因(D)的水解反响如下：C2H5OH化合物H经聚合反响可制成高分子纤维，广泛用于通讯、导弹、宇航等领域。请写出该聚合反响的化学方程式_。答案：(1)(2)4(4)(5)17(10分)(2022武汉市调研)PET是聚酯类合成材料，以卤代烃为原料合成PET的线路如下(反
19、响中局部无机反响物及产物已省略)。RX2(R、R代表烃基，X代表卤素原子)是芳香族化合物，相对分子质量为175，其中X元素的质量分数为40.6%。请答复以下问题：(1)RX2的分子式为_。(2)RX2苯环上只有两个取代基，且苯环上的一硝基代物只有一种，那么RX2的结构简式为_。(3)1 mol C与足量的NaHCO3溶液反响可放出_L CO2(标准状况)。(4)反响的化学方程式为_，其反响类型为_；从D到E，工业上一般通过两步反响来完成，假设此处原子利用率为100%的角度考虑，假设通过D与某种无机物一步合成E，该无机物是_。(5)由C与E合成PET的化学方程式为_。(6)矿泉水瓶、碳酸饮料瓶等
20、瓶底通常有如图标识，这就是塑料回收标志，其中数字01到07和英文缩写用来指代所使用的树脂种类。有关该标识的判断正确的选项是(填相应的序号)_。PET材料制作的容器可以用来长期盛装酒、油等物质PET材料是线性高分子材料，具有热塑性PET材料制作的饮料瓶使用一段时间后，可能释放出致癌物，所以这种饮料瓶不能用来作水杯塑料回收标志使得塑料品种的识别变得简单容易，还可以降低回收本钱解析：由RX2的相对分子质量为175，其中X元素的质量分数为40.6%，可求得M(X)17540.6%/235.5，X为Cl元素。M(R)17559.4%104，烃基R为C8H8，那么RX2的分子式为C8H8Cl2。RX2苯环
21、上有两个取代基，且苯环上的一硝基代物只有一种，说明苯环上的两个取代基是相同的取代基，且处于对位关系。连两个取代基的苯环为C6H4，结合RX2的分子式C8H8Cl2，那么取代基为CH2Cl。由RX2的结构简式可推知B为对苯二甲醇，那么C为对苯二甲酸，1 mol对苯二甲酸与NaHCO3反响生成2 mol CO2。D是最简单的烯烃，最简单的烯烃是乙烯，反响是氯乙烷转化为乙烯，故反响是消去反响。E为乙二醇，由乙烯转化为乙二醇，可采用乙烯与H2O2反响。C与E可通过缩聚反响合成PET。用PET塑料长期盛装酒、油，能使塑料溶解，故错误。答案：(1)C8H8Cl2(2)(3)44.8(4)CH3CH2ClN
22、aOHCH2=CH2NaClH2O消去反响H2O2 (6)18(10分)芳香族化合物B、C、F与链状有机物A、D、E、G间的转化关系如以下列图所示。B中苯环上的一溴代物有四种，D可发生银镜反响，C、G属于同类有机物。以下变化中，某些反响条件及产物未标明。C、G组成元素相同，Mr(C)Mr(G)76，C中碳、氢、氧原子个数比为561，G的通式为C2nH4nOn，在某条件下，G蒸气密度是氦气的22倍。X是一种相对分子质量为32的单质。1 mol F与足量碳酸氢钠溶液反响在标准状况下产生气体44.8 L。(1)C可能的结构简式为_。(2)写出D发生银镜反响的化学方程式：_，其反响类型是_。(3)一定
23、条件下F与足量A发生反响的化学方程式为_。(4)同时符合以下条件的B的同分异构体有_种。a能发生水解反响b能与新制氢氧化铜悬浊液在加热条件下反响c分子中含有苯环解析：Mr(G)22488，G的分子式为C4H8O2，Mr(C)8876164，C的分子式为C10H12O2，X为氧气。由A可进行两步氧化得到E，可知A为醇，E为羧酸，且A与E中碳原子个数相同。又A与E反响生成G，可推得：A为CH3CH2OH，E为CH3COOH，D为CH3CHO。由于G是酯，C与G属于同类有机物，故C也为酯。由A(C2H6O)和B反响可生成酯C(C10H12O2)，结合反响前后原子守恒关系，可推得B的分子式为C8H8O2，而B与A可发生酯化反响，可知B为羧酸，故B含有一个羧基和一个甲基，而B中苯环上的一溴代物有四种，那么B苯环上羧基和甲基必处于邻位或间位，故B有两种结构，由此可推知C的结构。根据F与碳酸氢钠反响产生二氧化碳：1 mol F2 mol CO22 mol NaHCO3。说明F是邻苯二甲酸或间苯二甲酸。符合条件的B的同分异构体中含有一个苯环、一个醛基、一个酯基，有两种情况：一种情况，苯环甲基甲酸基；另一种情况：苯环CH2OCHO。答案：(1) (2)CH3CHO2Ag(NH3)2OHCH3COONH42Ag3NH3H2O氧化反响 (4)4