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1、2022年江苏省镇江市中考物理试题一、选择题此题共12小题，每题2分，总分值24分.每题只有一个选项是正确的12分2022镇江当甲车突然向前开动时，与之并排停放在路旁的乙车中驾驶员感觉自己在向后退，那么他选择的参照物是A甲车B乙车C路灯D地面考点：参照物及其选择3718684专题：长度、时间、速度分析：研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，那么是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生改变，那么是静止的解答：解：停在车站上的两辆汽车，以甲车为参照物，当甲车开动时，乙车包括乘客相对于甲车参照物位置不断
2、变化，乙车的乘客觉得自己坐的这辆汽车在后退应选A点评：关于运动与静止的相对性的考查，一般由两种考查思路：告诉研究对象及其运动状态，选取参照物；研究对象与参照物，确定物体运动状态22分2022镇江以下仪器的使用和读数方法正确的选项是A用刻度尺测量长度B量筒的读数C温度计的使用D测电笔的使用考点：刻度尺的使用；温度计的使用及其读数；量筒的使用；测电笔的使用3718684专题：根本仪器的使用专题分析：1在使用刻度尺测量物体的长度时，要正确放置：刻度尺边缘对齐被测对象，必须放正重合，不能歪斜；尺的刻面必须紧贴被测对象，不能“悬空2读取量筒的读数时，首先把量筒放在水平桌面上，视线与量筒内凹液面最低处保持
3、水平，假设仰视读数，那么读数偏小；假设俯视读数，那么读数偏大3温度计的玻璃泡不能碰到容器底和容器壁，温度计的玻璃泡必须全部浸没在被测液体中4使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光解答：解：A、图中刻度尺歪斜了，没有放正，故该选项不正确；B、图中视线没有与液面底部相平，俯视造成读数偏大，故该选项不正确；C、图中温度计的玻璃泡全部浸入被测液体中，并且玻璃泡没有接触容器底和容器壁，该选项正确；D、图中手没有接触测电笔笔尾金属体，该选项不正确应选C点评：此题考查了刻度尺、量筒、温度计和测电笔的使用，是中考实验考查的重点内容，也是学生能否正确
4、进行实验操作的重点32分2022镇江以下关于声音的说法正确的选项是A声波是一种电磁波B戴上耳塞是在人耳处减弱噪音C“闻其声而知其人是根据响声来判断的D调节MP3音量是改变了音调考点：声音的综合利用3718684来源:学科网ZXXK专题：错解分析题；声现象分析：1声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播2减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声3不同的发声体因材料和结构不同，所发出的声音的音色就不同，音色是区分不同发声体的重要依据4响度反映的是声音的大小，音调反映的是声音的振动快慢解答：解：A、声音的传播是需要介质
5、的，真空不能传声声波不是电磁波此选项错误，不合题意B、戴上耳塞是在声音的接受处，即在人耳处减弱声音此选项错误，不合题意C、不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色就不同所以“闻其声而知其人是根据音色去区分的此选项错误，不合题意D、调节MP3音量是改变了声音的大小，即响度此选项正确，符合题意应选B点评：此题考查了声音的产生和传播条件、声音的特征等物理知识，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本根底知识的记忆是解决识记性题目的根底42分2022镇江舞蹈演员站在平面镜前训练以下说法正确的选项是A演员在平面镜中成实像B演员远离平面镜时，在平面镜中所成的像变小C演员靠近平面镜时，像远离平面镜D演员以0
6、.5m/s的速度运动时，像也以0.5m/s的速度运动考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案3718684专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：平面镜成像的特点：物体到平面镜的距离与像到平面镜的距离相等，平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，平面镜成正立、等大的虚像解答：解：A、演员在平面镜中成虚像，故A错误；B、因平面镜成正立、等大的虚像，故演员远离平面镜时，在平面镜中所成的像的大小不变，故B错误；C、物体到平面镜的距离与像到平面镜的距离相等，那么演员靠近平面镜时，像也靠近平面镜，故C错误；D、平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，故演员以0.5m/s的速度运动时，像也以0.5m/s的速度
7、运动，故D正确应选D点评：此题主要考查了平面镜成像的特点，要理解成正立、等大虚像的真正含义，并做到灵活运用52分2022镇江以下说法正确的选项是A组成某种物体的物质密度与物体的质量成正比，与物体的体积成反比B某一匀速直线运动的速度与通过的路程成正比，与通过这段路程所用的时间成反比C导体中的电流与导体两端的电压成正比与导体的电阻成反比D某种燃料的热值与燃料完全燃烧所放出的热量成正比，与燃料的质量成反比考点：密度及其特性；匀速直线运动；燃料的热值；欧姆定律3718684专题：其他综合题分析：单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度，密度是物质本身的一种特性，与物体的质量、体积无关；经过的路线是直线
8、、快慢不变的运动叫匀速直线运动匀速直线运动的物体在单位时间通过的路程叫速度；导体中的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这就是欧姆定律；单位质量体积的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，热值是燃料本身的一种特性解答：解：A、密度是物质本身的一种特性，同种物质，状态不变时，密度一定，与物体的质量、体积无关此选项错误；B、做匀速直线运动的物体，速度等于路程与时间的比值，是不变的此选项错误；C、欧姆定律告诉我们：导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比此选项正确；D、一种燃料确定了，其热值也就确定了，与放出热量的多少和燃料质量无关此选项错误应选C点评：来源:Z*xx*
9、k.Com密度、速度、电阻和热值虽属于不同知识体系中的根本概念或物理量，但有共同之处：利用不同物理量相比得出，但不受这些物理量变化的影响62分2022镇江以下说法正确的选项是A江苏田湾核电站是利用核裂变方式来发电的B天然气是可再生能源C太阳能热水器中的水是通过做功来改变内能的D“永动机是可以制造出来的考点：核电站发电过程中的能量转化；能量转化与守恒观点的应用；物体内能的改变；能源的分类3718684专题：功和能综合题分析：1获得核能的方式：核裂变和核聚变两种，目前可供人们控制利用的核能是通过核裂变获得的；2煤、石油、天然气是化石能源，使用后在短时间内不能再生，所以是不可再生能源；3太阳能热水器
10、是利用太阳能来直接给水加热的；4任何机械在使用过程中总有能量损耗，所以不可能制成永动机解答：解：A、江苏田湾核电站是利用核裂变方式来发电的，正确；B、天然气使用后在短时间内不能再生，所以它是不可再生能源，故B错误；C、太阳能热水器是利用太阳能来直接给水加热的，是通过热传递的方式来改变内能的，故C错误；D、任何机械在使用过程中总有能量损耗，所以不可能制成永动机，故D错误应选A点评：此题考查的知识点较多，有核能的获得方式、能源的分类、太阳能的利用、能量的转化和守恒等，根底性题目72分2022镇江以下实验中没有采用控制变量法的是A探究影响液体内部压强的因素B探究动能的大小与哪些因素有关C探究影响电流
11、做功多少的因素D探究串联电路中的电流特点考点：物理学方法3718684专题：其他综合题分析：首先明确控制变量法的含义物理学中对于多因素多变量的问题，常常采用控制因素变量的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；然后对每个选项中的探究过程进行分析，确定各自采用的方法，就能确定符合题意的选项解答：解：A、液体压强与液体的密度和深度都有关系，探究影响液体内部压强的因素时，采用的是控制变量法不符合题意；B、动能的大小与物体的质量和运动速度都有关系，探究动能的大
12、小与哪些因素有关时，采用的是控制变量法不符合题意；C、电流通过导体做功的多少与电流、电压和通电时间都有关系，研究影响电流做功多少的因素时，采用的是控制变量法不符合题意；D、串联电路中电流相等，只要是串联电路都有这一特点，不需要应用控制变量法符合题意应选D点评：控制变量法和转换法是物理实验最常用的探究方法，在掌握其根本方法的根底上要学会利用这种方法，解决实际问题82分2022镇江如下列图，材料、粗糙程度和质量相同的甲、乙两物体放在同一水平桌面上，在水平拉力作用下做匀速直线运动它们受到的拉力为F甲、F乙，对桌面的压强为p甲、p乙底面积 S甲S乙那么以下关系正确的选项是AF甲F乙 p甲p乙BF甲F乙
13、 p甲p乙CF甲=F乙 p甲=p乙DF甲=F乙 p甲p乙考点：二力平衡条件的应用；压强大小比较3718684专题：运动和力；压强、液体的压强分析：1匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和摩擦力相同滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变2物体对地面的压强跟压力大小和受力面积有关，在压力一定时，受力面积越大，压强越小；在受力面积一定时，压力越大，压强越大解答：解：1甲乙质量相同，重力相同，甲乙放在水平地面上，甲乙对水平地面的压力相同，接触面粗糙程度相同，所以甲乙受到的滑动摩擦力相同；甲乙都匀速直线运动，甲乙水平方向上受到的拉力
14、和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，滑动摩擦力相同，拉力相同，所以F甲=F乙2甲乙对地面的压力相同，甲的受力面积大，所以甲对地面的压强小，即p甲p乙应选D点评：此题考查了滑动摩擦力和压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关滑动摩擦力和压强的有关问题92分2022镇江如下列图，闭合开关S，电路正常工作过了一段时间，灯泡L熄灭，两只电表的示数都变大那么以下判断正确的选项是A电阻R断路B电阻R短路C灯泡L短路D灯泡L断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用3718684专题：欧姆定律分析：根据各项中的情况，利用欧姆定律的知识进行分析掌握断路和短路对电路的影响解答：解：A、假设电阻断路，
15、那么电流表的示数为0，所以A说法不符合；B、假设电阻短路，那么电压表的示数为0，所以B说法不符合；C、假设灯泡L短路，那么电路中电流增大，R两端的电压也增大，所以C说法符合题意；D、假设灯泡L断路，那么电流表的示数为0，所以D不符合应选C点评：此题考查了有关电路故障的分析，在串联电路中，假设电路出现断路，那么电路中的电流会变为0，假设出现短路，那么短路的用电器不工作，两端电压为0102分2022镇江研究说明，当空气中颗粒的直径越接近可见光的波长波在一个周期内传播的距离叫做波长，颗粒对光的“消光能力就越强空气中PM2.5颗粒是灰霾天能见度降低的主要原因假设可见光的频率约为51014Hz那么可以推
16、算出PM2.5中对能见度造成较大影响的颗粒直径与以下哪一个值最接近A2.5mB0.4mC0.6mD6m考点：波速、波长和频率的关系3718684专题：信息的传递分析：光的传播速度是一定值，根据c=f求出光的波长，即为空气中PM2.5颗粒的直径解答：解：c=f，空气中PM2.5颗粒的直径：d=6107m=0.6m应选C点评：此题主要考查的是学生对波速、波长和频率之间关系公式的理解和掌握，注意单位的换算112分2022镇江LED灯具有节能、环保特点“220V 8.5WLED灯泡和“220V 60W白炽灯泡正常发光时的亮度相当与白炽灯相比，LED灯泡可以节能约A14.2%B85.8%C16.5%D8
17、3.5%考点：电功的计算3718684专题：电能和电功率分析：设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比解答：解：P=，设两种灯泡正常发光的时间为t，LED消耗的电能为W1=P1t=8.5Wt白炽灯消耗的电能为W2=P2t=60WtLED灯可以节约85.8%应选B点评：LED灯具有节能、环保、对人眼无危害等特点，是替代白炽灯的开展方向122分2022镇江如图1所示，边长为10cm的立方体木块A通过细线与圆柱形容器底部相连，容器中液面与A上外表齐平从翻开容器底部的抽液机匀速向外排液开始计时，细线中拉力F随时间t的变化图象如图
18、2所示木块密度=0.5103kg/m3，容器的底面积为200cm2，g=10N/kg以下说法正确的选项是A随着液体的排出，木块受到的浮力不断减小B容器中的液体是酒精C抽液机每秒钟排出液体的质量是10gD第30s时，木块露出液面的高度是2cm考点：浮力的利用；密度的计算；速度公式及其应用3718684专题：其他综合题分析：A、根据浮力公式F浮=液gV排进行判断；B、根据木块完全浸没时，F=F浮G结合图象数据得出液体的密度其中F是细绳对木块的拉力，求出F浮，从而求出液体的密度；C、根据题意对木块进行受力分析，当木块恰好漂浮时，其受细绳的拉力为零根据此计算出木块露出水面的体积，从而得出结果；D、根据
19、抽水速度，得出木块露出液面的高度解答：解：A、图1中物体在细绳的拉力作用下恰好完全浸没，当液体向外排出时，木块受到的浮力会减小，但当木块恰好漂浮时，再向外抽水，在一段时间内，木块受到的浮力不变，当木块与容器底接触后，随水的减少，浮力减小，所以A错误；B、由图1知，此时木块受向上的浮力和竖直向下的重力及拉力作用，由图象知，当物体完全浸没时，此时细绳的拉力为5NG=gV=0.5103kg/m310N/kg0.1m3=5NF浮=G+F=5N+5N=10N由F浮=液gV排得，液=1103kg/m3所以此液体为水因此B错误；C、当木块恰好漂浮时，F浮=G那么水gV排=gV得V排=V=0.5103m3所以
20、排出水的体积为：V=S容h露V露=200104m20.05m0.5103m3=5104m3m=水V=103kg/m35104m3=0.5kg所以每秒抽出水的质量为：m=0.01kg/s=10g/s，所以C正确；D、第30s抽出水的质量为：m=10g/s30s=300g=0.3kg体积为V=3104m3=300cm3木块露出水的高度h=3cm，所以D错误应选C点评：此题考查了有关浮力的计算，涉及到了密度、受力分析的应用，解决此题的关键是能从图象中得出有关信息，是一道难度较大的题目二、填空题此题共9小题，每空1分，总分值28分133分2022镇江如图是发电机模型，它是根据电磁感应原理制成的小风车在
21、风的吹动下，带动线圈转动而切割磁感线，产生的感应电流使电流计指针在中央零刻度线两侧左右摆动，说明电路中产生的是交流电考点：发电机的构造和原理3718684专题：电动机、磁生电分析：1发电机是根据电磁感应现象制成的；2闭合电路的一局部导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，电流方向不断发生变化的电流称为交流电解答：解：1如图是发电机模型，它是根据电磁感应原理制成的；2小风车在风的吹动下，带动线圈转动而在磁场中切割磁感线，产生感应电流；电流计指针在中央零刻度线两侧左右摆动，说明电路中的电流方向不断发生变化，所以电路中产生的是交流电故答案为：电磁感应；切割；交流点评：此题主要考查的是学
22、生对发电机的原理、电磁感应实验的理解和掌握，根底性题目144分2022镇江如图是皮球落地后弹起过程中每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片由图可知，下落过程中，皮球的速度增大，离开地面上升的过程中，皮球的重力势能增大，动能减小皮球运动过程中的机械能减小均选填“增大、“减小或“不变考点：动能和势能的转化与守恒3718684专题：机械能及其转化分析：1动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大2重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大3机械能等于动能和势能之和，不计阻力，机械能守恒解答：解：1皮球下落过程中，由于受到重力的作用，皮球的速度越来越大；2皮球离
23、开地面上升的过程中，质量不变，高度增加、速度减小，因此重力势能增大，动能减小，由于空气阻力的作用，机械能减小故答案为：增大；增大；减小；减小点评：此题考查的是动能和重力势能的影响因素、机械能的概念，是一道根底题152分2022镇江如图是一种公交车破窗器，使用时只需轻轻旋转90，然后用力敲打，整个车窗玻璃立刻全部粉碎这个破窗器的核心部件是用钨钴合金制成的“钉子，它之所以能破窗是因为：1钨钴合金的硬度较大；2“钉子可以产生较大的压强考点：物质的根本属性；增大压强的方法及其应用3718684专题：其他综合题分析：1合金的硬度比纯金属的硬度大；2压强与压力和受力面积有关解答：解：1钨钴合金制成的“钉子
24、能破窗，说明其硬度大；2“钉子的受力面积小，因此可以产生较大的压强故答案为：1硬度；2压强点评：此题考查物质的属性以及增大压强的方法163分2022镇江用天平正确测量盛水烧杯质量的场景如下列图，枯燥的空烧杯质量为33.4g，那么烧杯中水的质量为20g，大约含有21024个水分子不考虑水分子间空隙，水分子的体积约为1029m3，这说明物质是由大量分子组成的考点：质量的测量与天平；分子和原子组成物质3718684专题：粒子与宇宙、材料世界；质量及其测量分析：1物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值2知道水的质量和密度，求出水的体积，知道一个水分子的体积，求出水分子的个数，可以判断物质是由大量分
25、子构成的解答：解：1烧杯和水的质量为：m总=50g+3.4g=53.4g，水的质量为：m=m总m0=53.4g33.4g=20g2=，V=20cm3=2105m3，水的分子个数：n=21024个，所以物质是由大量分子构成的故答案为：20；21024；大量分子点评：通过计算说明物质是由大量分子构成的此题还考查了质量和密度的计算等，是比较简单的题目173分2022镇江图中AOB是可绕O点无摩擦转动的轻杆，A端挂重300N的物块，AO与OB长度之比为5：4人始终沿竖直方向拉挂在B端的轻环要使轻杆水平平衡，人应施加拉力为375N，人要不被拉起，那么人重至少为375N与水平平衡相比，当轻杆在图中虚线位置
26、平衡时，人的拉力将不变选填“变大、“变小或“不变考点：杠杆的平衡条件3718684专题：简单机械分析：1杠杆在水平位置平衡，知道动力臂和阻力臂的关系，以及在A点施加大小，利用杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算出杠杆B点人应施加拉力人要不被拉起，那么人重至少等于人应施加拉力；2当轻杆在图中虚线位置平衡时，两力臂的比值不变，A的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知人的拉力大小解答：解：1要使轻杆水平平衡，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：那么GOA=FOB，AO：OB=5：4，G=300N，F=375N，人要不被拉起，那么人重至少等于人应施加拉力；即那么人重至少为375N；2当轻杆在图中虚线位
27、置平衡时，倾斜后力臂都变小，但两力臂的比值不变，仍为5：4A的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知人的拉力不变，仍为375N故答案为：375；375；不变点评：杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用线的距离就是力臂，这点是考查的重点，也是学生容易无视的地方183分2022镇江如下列图电路，电阻R1=3，R2=2闭合开关S，电流表A的示数变大，电流表A1的示数不变以上两空选填“变大、“变小或“不变，电压表V的示数变化与电流表A的示数变化之比等于2考点：欧姆定律的应用3718684专题：计算题；应用题；欧姆定律分析：由电路图可知，当开关S断开时，电路为R1的简单电路，两电流表测电路中的电流，电压表测R2
28、两端的电压；当开关S闭合时，两电阻并联，电压表测并联电路两端的电压，也是测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压不变判断电压表示数的变化，根据并联电路的特点判断两电流表示数的变化解答：解：开关S断开时，电路为R1的简单电路，电压表测R2两端的电压，R2没有连入电路，故此时电压表示数为零；两电流表测电路中的电流，即通过R1的电流开关S闭合后，电压表测并联电路两端的电压，也是测电源的电压，故电压表的示数变大；电流表A1测R1支路的电流，R1两端的电压不变，电流表A1的示数不变电流表A测干路电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，当开关S2闭合时，电流表A2的示数变大
29、，且电流表A的示数变化为支路R2上的电流I2那么电压表V的示数变化与电流表A的示数变化之比为：=R2=2故答案为：变大；不变；2点评：此题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关S闭合前后电路连接方式的区分和各电表所测电路元件的判断193分2022镇江质量为80kg的运发动在某次训练中排汗0.7kg，假设汗水均从身上蒸发掉而没有流掉，这将导致运发动的体温下降约5，内能改变了1.68106J人体主要成分是水，可认为人的比热容和水的相等，每千克汗水汽化所需吸收的热量为2.4106J考点：热量的计算3718684专题：比热容、热机、热值分析：知道每千克汗水汽化所需吸收的热量，可求排汗0.7k
30、g吸收的热量，由题知运发动放出的热量内能的降低值等于汗液汽化吸收的热量，而人的比热容和水的相等，知道人的质量，利用Q放=cmt求运发动降低的温度解答：解：由题知，每千克汗水汽化所需吸收的热量为2.4106J，排汗0.7kg吸收的热量：Q吸=2.4106J0.7=1.68106J，而运发动放出的热量内能的降低值：Q放=Q吸=1.68106J，Q放=cmt，c=4.2103J/kg，m=80kg，运发动的温度降低值：t=5故答案为：下降；5；1.68106点评：此题考查了学生对放热公式Q放=cmt的了解与掌握，解决了运发动排汗放热、内能降低、温度降低的问题，表达了学以致用，有意义！204分2022
31、镇江“阿婆罗登月飞船脱离地球引力后关闭所有发动机，在不受力的情况下，由于惯性仍可继续飞行，奔向月球，说明了力不是维持物体运动的原因；在接近月球时，向前喷气使飞船受到向后选填“向前或“向后的力而减速，这说明了力的作用是相互的考点：惯性；力作用的相互性3718684专题：运动和力分析：1惯性是物体保持原来运动状态不变的性质2力是改变物体运动状态的原因3物体间力的作用是相互的解答：解：关闭发动机后，在不受力的情况下，飞船由于惯性仍可继续飞行，奔向月球，说明了力可以改变物体的运动状态，不是维持物体运动的原因；在接近月球时，由于物体间力的作用是相互的，因此向前喷气使飞船受到向后的力而减速故答案为：惯性；
32、不是维持物体运动的原因；向后；相互的点评：此题考查的都是根底知识，难度不大，但涉及到的知识点较多，综合性较强，且各知识点之间联系紧密，是一道典型题目，适合学生训练213分2022镇江小华发现家中空调每制冷工作10分钟后，就转变成送风状态工作5分钟，再转变为制冷状态，如此反复为了测量空调制冷时电功率，他在空调插座处接入一个电能表用于测量空调消耗的电能相关数据见表空调送风10分钟所消耗的电能为0.03kWh，30分钟内空调消耗的电能为0.5kWh，空调制冷时的电功率为1.41kW考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法3718684专题：电能和电功率分析：1由表中数据可知送风状态的功率，知
33、道送风时间，利用W=Pt求空调送风10分钟所消耗的电能；2由30分钟前后电能表示数变化可知30分钟内空调消耗的电能，注意最后一位是小数点后面一位，单位是kWh；3上面求出了30分钟内空调消耗的电能两个循环消耗的电能，可求15分钟内空调消耗的电能一个循环，即制冷一次、送风一次消耗的电能；上面求出了空调送风10分钟所消耗的电能，可求空调送风5分钟所消耗的电能一次送风消耗的电能；空调一次制冷消耗的电能等于一个循环消耗的电能减去一次送风消耗的电能，知道一次制冷时间，利用功率公式求空调制冷时的电功率解答：解：1P=，空调送风10分钟所消耗的电能：W1=Pt=0.18kWh=0.03kWh；230分钟内空
34、调消耗的电能：W=1700.5kWh1700.0kWh=0.5kWh；3由可得15分钟内空调消耗的电能：W=W0.5kWh=0.25kWh，由可得空调送风5分钟所消耗的电能：W1=W1=0.03kWh=0.015kWh，空调一次制冷消耗的电能：W2=WW1=0.25kWh0.015kWh=0.235kWh，空调制冷时的电功率：来源:Z&xx&k.ComP2=1.41kW故答案为：0.03；0.5；1.41点评：此题考查了电能表的读数、电能和电功率的计算，知道空调一个循环，制冷一次、送风一次，以及相应的时间是此题的关键三、解答题此题共7小题，总分值48分.解答26、27、28题时应有必要的解题过
35、程226分2022镇江请按题目要求作答：1图1为光射入玻璃砖的入射光线和出射光线，请用直尺画出玻璃砖内部传播的光线；2在图2中，请用笔画线代替导线将三孔插座、电灯和开关正确连人家庭电路；3图3中小磁针静止在地球赤道正上方，请标出此时小磁针的N、S极考点：作光的折射光路图；地磁场；家庭电路的连接3718684专题：图像综合题分析：1光射入玻璃砖后，发生了两次折射：第一次是从空气进入玻璃；第二次是从玻璃进入空气；根据光的折射规律做出两次光的折射光路图2灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线3根据地理方向可确定小磁
36、针的N、S极解答：解：1光从空气射入玻璃时，折射角小于入射角，由此画出第一次折射的光路图；光从玻璃射入空气是，折射角大于入射角，由此画出第二次的折射光路图注意最后的出射光线和最初的入射光线是平行的，只不过偏移了一下位置2首先区分上面三根线地线、火线、零线灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更平安三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线3根据地理方向，上北，下南，故此时小磁针的N、S极，如以下列图所示：点评：1在此题中有两个地方容易出错：光进入玻璃砖时发生的是两次折射，只画了第一次
37、折射；最后的出射光线和最初的入射光线两者不平行2掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和平安性236分2022镇江图1、2分别是两种固体熔化时温度随时间变化的图象1图1所对应的固体属于非晶体选填“晶体或“非晶体，理由是没有固定的熔点；2图2是冰的熔化图象，处于冰水混合状态的是图中BC段，在此过程中，混合物需要吸收热量，总体积减小；3冰的比热容比水的小图2中C点对应冰刚好完全熔化，假设此后继续加热一会儿，那么水温随时间变化的图线是CF考点：熔化和凝固的温度时间图象3718684专题：温度计、熔化和凝固分析：1晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温
38、度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升，晶体熔化时的温度为熔点2晶体从开始熔化到完全熔化完为晶体的熔化过程，在熔化的过程中该物质吸收的热量用来熔化，因此此过程温度保持不变3由图可知，BC段为冰的熔化过程，在B点开始熔化，到C点结束，假设此后继续加热一会儿，温度上升较慢解答：解：1由图知，该物质在熔化过程中，没有固定的熔点，所以该物质为非晶体2图2是冰的熔化图象，处于冰水混合状态的是图中BC段在熔化的过程中该物质吸收的热量用来熔化，因此此过程温度保持不变，冰不断融化成水，故但总体积减小3由图可知，BC段为冰的熔化过程，在B点开始熔化，到C点结束，故图2中C点对应冰刚好完全熔化，假设此后继续加热一
39、会儿，温度上升较慢，那么水温随时间变化的图线CF比较符合实际故答案为：1非晶体；没有固定的熔点；2BC；吸收；减小；3C；CF点评：对于此类图形题，应明确横、纵坐标轴及各关键点所代表的物理意义，熟练掌握相关知识点是解题的关键所在246分2022镇江在学完凸透镜成像规律后，小明选择了一块焦距未知的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究1为测量凸透镜焦距，他让一束平行光正对射向该透镜，须调节光屏位置直到在屏上得到一个最小最亮的光斑图1是调节完成的状态，该透镜的焦距f=10cm；2小明按图2组装好实验装置在只移动透镜的情况下，他发现都不能在光屏上成清晰的像由此，你猜想造成上述现象的原因是蜡烛和光屏间
40、距离较小；3如图3所示，蜡烛在光具座上A处时，可在B处的光屏上成一清晰的像，所成像为倒立、放大的实像假设把蜡烛从A处向左移动距离s到C，为在光屏上再次成清晰的像，那么他应将光屏向左移动，移动距离ss考点：凸透镜成像规律及其探究实验3718684专题：探究型实验综合题分析：1平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点焦点到光心的距离是凸透镜的焦距2根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系，当u2f，成倒立、缩小的实像，此时2fvf；当2fuf时，成倒立、放大的实像，此时v2f3根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系可确定像的性质；凸透镜成像时，物距增大，像距减小；凸透镜成像
41、时，当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小由此可得出s与s的关系解答：解：1让一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，这点是凸透镜的焦点，由图1可知：焦点到光心的距离是25cm15cm=10cm，所以凸透镜的焦距是10cm2由图2可知，此时u2f，在只移动透镜的情况下，当物距u2f，成倒立、缩小的实像，此时2fvf，但光屏的位置就不符合2fvf；当当2fuf时，成倒立、放大的实像，此时v2f，同样光屏的位置也不符合v2f；因此都不能在光屏上成清晰的像要想在光屏上得到像，就得将光屏远离透镜，
42、因此造成都不能在光屏上成清晰的像的原因是蜡烛和光屏间距离较小3由图3可知，物距小于像距，由凸透镜成像规律可知，可在B处的光屏上成一清晰的像，所成像为倒立、放大的实像；凸透镜位置不变，蜡烛向左移动，物距增大，像距减小，光屏向左移动才能接到清晰的像当物距等于2f，此时像距也为2f，物像之距最小当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小，因为物体向左移动，像也向左移动，所以物体移动的距离s小于像移动的距离s故答案为：1最小最亮；10；2蜡烛和光屏间距离较小；3倒立、放大；左；点评：此题主要探究凸透镜成像的规律，一定要掌握物体、像、物距、像距之间的大小关系，并做到举一反三258分2022镇江为了节能，正明中学为教室安装了光控照明系统，有效防止了“长明灯的现象光控系统用光敏电阻控制，光敏电阻是阻值随着光的照度改变而发生变化的元件光越强，照度越大，照度的单位为1x某光敏电阻RP在不同照度下的阻值如下表：照度lx0.20.40.60.81.01.2电阻k7540282320181根据表中数据