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1、四川省宜宾市2022年中考物理试卷一、选择题共8小题，每题3分，总分值24分，其中16题每题给出的四个选项中只有一个是正确的；78题有一个或一个以上的选项是正确的，全选对得3分，选对但不全的得2分，有错或不选的得0分13分2022宜宾在下面四位科学家中，发现电磁感应现象的是 A奥斯特B安培C法拉第D焦耳考点：物理常识专题：其他综合题分析：此题考查物理学家及其奉献，根据奥斯特、安培、法拉第和焦耳对于我们物理学的奉献来作答解答：解：A、奥斯特首先发现了通电直导线周围存在磁场，不符合题意；B、安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定那么安培定那么，不符合题意；C、法拉第发现了电磁感应现象，导
2、致了发电机的创造，人类进入电气时代，符合题意；D、焦耳的主要奉献是总结出了焦耳定律，不符合题意应选C点评：多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意23分2022宜宾如图为一枚古钱币，人们常用手指弹银元边缘并移动到耳边听其声音来鉴别银元的真假，这主要是根据声音的 A声速B响度C音色D回音考点：音色专题：声现象分析：音色反映了声音的品质与特色，是区分声音的依据解答：解：人们常用手指弹银元边缘并移动到耳边听其声音，是因为银元的真假发出的声音的音色不同应选C点评：此题主要考查学生对音色的了解和掌握，是一道根底题33分2022宜宾下面的图中，正确表示水沸腾时
3、杯底气泡向上升的图示是 ABCD考点：沸腾及沸腾条件专题：汽化和液化、升华和凝华分析：水受热沸腾前，水的下方温度较高，上层的水温度较低，气泡上升时，遇到上层温度低的水，液化且气泡变小；沸腾时整个容器中的水温度都相同，气泡上升的过程中，气泡在水中的深度越来越浅，所受的压强越来越小，气泡越来越大解答：解：水沸腾前，由于上层水温较低，气泡在上升过程中液化而变小；水沸腾时，整个容器中的水温相同，气泡上升，水压变小，气泡变大应选A点评：水沸腾前气泡在上升过程中液化而变小；水沸腾时，气泡上升，水压变小，气泡变大在平时要注意观察、思考，发现身边的物理现象，总结包含的物理道理43分2022宜宾从火炉中拿出被烧
4、红的铁块，降温后会变大的物理量是 A内能B质量C体积D密度考点：密度与温度专题：密度及其应用分析：对铁块在温度降低之后的各个物理量进行分析，从而找出正确的答案解答：解：A、内能和温度有关，温度降低时，内能会减小此选项错误；B、质量是物体的一种属性，和温度无关此选项错误；C、体积和温度有关，根据“热胀冷缩，可以知道温度降低的时候，体积是减小的此选项错误；D、根据“热胀冷缩，可以知道温度降低的时候，体积是减小的，而物体的质量不变，所以物体的密度是增大的此选项正确应选D点评：在平时的学习中要深刻的理解所学过的每个物理量的大小和哪些因素有关，特别是对于一些易产生混淆的地方要多加注意和区分53分2022
5、宜宾如下列图，以下杠杆中属于费力杠杆的是 A活塞式抽水机抽水B拦道木升起C手推车D羊角锤拨钉子考点：杠杆的分类专题：简单机械分析：结合图片和生活经验，判断以上几种简单机械在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它们属于哪种类型的杠杆解答：解：A、结合图片和生活经验可知，活塞式抽水机在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；B、拦道木升起时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B正确；C、手推车在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；D、结合图片和实际生活经验可知，在使用羊角锤时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，不符合题意；应选B点评：此题考查的是杠杆的分类问题，解决此类题
6、目的关键是明确三种杠杆的分类方法和三种杠杆的特点，并结合生活实际来解答63分2022宜宾把微小放大以利于观察，这是物理学中一种重要的方法如图是一种显示微小形变的装置A为激光笔，B、C是平面镜，P为台面，未放重物时，激光束反射在屏上的光斑为点D，当把重物N放在台面P上时，台面将发生微小形变，以下说法正确的选项是 A平面镜B上的入射角变小，光斑向D点的左侧移动B平面镜B上的入射角变小，光斑向D点的右侧移动C平面镜B上的入射角变大，光斑向D点的右侧移动D平面镜B上的入射角变大，光斑向D点的左侧移动考点：光的反射专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：力可以改变物体的形状；用力压桌面，桌面发生形变，平面
7、镜N或M的高度就会发生变化，从而使刻度尺上的光斑移动，然后根据光的反射定律可知光斑向D点的那一侧移动解答：解：B镜子上放重物M后，镜子受到弹力作用而向下凹，平面镜B上的入射角变大，根据镜面反射的特点知反射的光线偏向右方，即光斑向D点的右侧移动应选C点评：这是物理学中演示微小形变的实验方法，要理解两次平面镜的反射光路73分2022宜宾如下列图，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，通过电压表是显示的数据来反响水位升降情况水位最低时，滑杆P随位于R的a端处L是一个指示灯，电路各局部接触良好，不计导线电阻以下判断正确的选项是 A当水位不变
8、时，那么电压表示数不变，指示灯不亮B当水位下降时，那么电压表示数变小，指示灯变亮C当电压表示变大，指示灯变暗，那么说明水位上升D假设将电压表改装成水位计，那么电压表零刻度线即为水位计零刻度线考点：电路的动态分析专题：错解分析题；电路变化分析综合题分析：图示电路中，指示灯与变阻器串联，电压表串联变阻器两端的电压，变阻器的金属滑杆P上下移动时，电路中电阻改变，根据欧姆定律可知电流变化根据欧姆定律和串联电路分压特点，分析电压表示数的变化解答：解：A、由图可知：指示灯与变阻器串联连接在电源上，处于通路状态，指示灯发光；当水位不变时，变阻器连入电路的阻值不变，那么电流不变，所以电压表示数不变故A错误B、
9、电压表测量变阻器两端的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的特点可知，当水位下降，即滑动触头P向下运动时，电压表示数变小；电路处于通路状态，指示灯变暗，故B错误；C、当电压表示变大，根据串联电路电压与电阻成正比的特点可知，变阻器连入电路的阻值变大，说明触头P向上移动，即水位上升；根据欧姆定律可知电流变小，所以指示灯变暗，故C正确D、假设将电压表改装成水位计，那么电压表零刻度线时，即滑杆P位于R的a端处，由题干可知，此时水位最低，但不是水位计零刻度线，故D错误应选C点评：此题考查电路的分析，关键抓住串联电路电压与电阻成正比的特点分析电压表示数与变阻器的阻值变化关系83分2022宜宾深海探测器利用“
10、深海潜水器无动力下潜上浮技术，其两侧配备多块相同的压载铁，当其到达设定深度时，抛卸压载铁，使其悬浮、上浮等，并通过探测器观察窗观察海底世界其深海探测器在一次海底科考活动中，经过下潜、悬浮、上浮等一系列操作后，顺利完成任务如下列图，是该探测器观察窗所受海水压强随时间变化的Pt图象，以下说法正确的选项是 A探测器在AB、BC、CD三个阶段，所受浮力的大小关系是F浮ABF浮BCF浮CDB探测器在下潜、悬浮、上浮三个阶段，在竖直方向的速度大小关系是v悬浮v下沉v上浮C探测器在第3h、第5h和第8h的三个时刻，观察窗所受压力大小的关系是F5hF3hF8hD探测器在下潜的最深处处于悬浮状态，受到重力、浮力
11、和海水对探测器的压力的作用考点：物体的浮沉条件及其应用专题：浮力分析：A、根据F浮=gV排可比较探测器在AB、BC、CD三个阶段，所受浮力的大小关系；B、潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整当潜水器两侧配备4块压载铁时，潜水器下潜一定深度后按恒定速度下潜；当潜水器到达一定深度时，可操作抛载其中两块压载铁，使潜水器悬停在指定深度上实现作业，包括航行、拍照、取样等；当任务完成，再抛弃另外2块压载铁，使潜水器上浮，到达水面；C、根据3h、第5h和第8h的三个时刻所受的压强关系，利用压强公式变形分析观察窗所受压力大小的关系D、潜水器在水下悬浮，受到的重力和浮力大小相等解答：解：A、
12、探测器在AB、BC、CD三个阶段，都是浸没，V排=V物，故由F浮=gV排可知，在AB、BC、CD三个阶段，所受浮力的大小是相等的，故A错误；B、潜水器两侧配备4块压载铁时，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得G1kv2F浮=ma，当速度增大时，加速度逐渐减小，当加速度减到零时，速度到达最大值，潜水器做匀速运动，潜水器抛弃所有压载铁时，根据牛顿第二定律得G3kv2+F浮=ma，潜水器将做加速度逐渐减小的加速运动，故B错误；C、由图象可知，3h所受压强为7.5104Pa，5h所受压强为10104Pa，8h所受压强为4.5104Pa，根据p=可得F=pS，那么5h所受压力大于3h所受压力，3h所受
13、压力大于8h所受压力，即F5hF3hF8h，故C正确；D、潜水器在水面下处于悬停时，它在竖直方向上受到的重力与浮力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故该选项说法错误；应选C点评：牛顿动力学问题是高考考查的重点，而与中国科技进步相关的高科技问题更能激起学生的爱国热情，此题借助最新的物理情景，考查了牛顿动力学问题，解题的关键是会将实际问题转换为物理模型二、填空题共5小题，每题4分，共20分把恰当的文字或数据填在相应的横线上。94分2022宜宾为践行“低碳生活，绿色出行，宜宾市城区内安装了公共自行车网点，越来越多的市民上下班由坐汽车改骑自行车某市民在停止登车后，行驶在水平路面上的自
14、行车仍继续向前运动一段距离，这是因为自行车具有 惯性 ，自行车最后停下来，这是因为它受到 阻力 的缘故考点：惯性；物体运动状态变化的原因专题：运动和力分析：1根据任何物体都有保持原来运动状态的性质惯性进行分析；2一般情况下，阻力是阻碍物体远动的，力是改变物体运动状态的原因解答：解：1因为用力蹬脚踏时，自行车就会向前运动，当停止蹬脚踏时，由于惯性，自行车还要保持原来向前运动的状态，因此还会继续向前运动；2自行车越来越慢，最终停下来，是由于受到阻力作用的缘故故答案为：惯性；阻力点评：惯性是指物体能够保持原来运动状态不变的性质，而物体运动状态改变必须有力才能完成104分2022宜宾如下列图，英子家电
15、能表的示数为 1452.0kWh，他家最多接入总功率为 2200W的用电器考点：电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：1电能表的读数时，最后一位是小数；单位kWh2根据电能表的参数找出电能表的额定电压和标定电流，根据P=UI求出电能表能接入的最大功率解答：解：1英子家电能表的示数为1452.0kWh2根据表盘可知，电能表的标定电流是10A，额定电压是220V；那么电能表能接入的最大功率是：P=UI=220V10A=2200W，故他家最多接入总功率为2200W的用电器故答案为：1452.0；2200点评：此题考查了电能表的读数、参数的理解以及电功率的计算，关键是理解电能表的各个参数
16、所表示的物理意义114分2022宜宾小华用相同质量的色拉油和水加工同样的菜，用同样的锅在相同火力下同时加热，发现色拉油升温比水快，这说明色拉油的 比热容 比水小；一段时间后，色拉油把菜炸黄了，而水没有，这说明色拉油的 沸点 比水高选填：“熔点、“沸点、“比热容或“凝固点考点：比热容的概念；沸腾及沸腾条件专题：热和能分析：要解答此题需掌握：水的比热容的大小在生活中的应用，以及不同液体的沸点不同解答：解：用同样的火力分别给相同质量、相同初温的水和色拉油加热，发现色拉油温度升高的快，这是因为色拉油的比热容小；一段时间后，色拉油把菜炸黄了，而水没有，这是因为色拉油的沸点比水高故此题答案为：水；沸点点评
17、：此题主要考查学生对：水的比热容的特点，以及不同液体的沸点不同的关系的了解是一道根底题124分2022宜宾把一个凸透镜对准太阳光，可在凸透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑假设将一物体放在此凸透镜前50cm处，在凸透镜另一侧的光屏上呈现清晰倒立、缩小的 实 选填：“实或“虚像，生活中应用该原理制作的光学仪器是 照相机 考点：凸透镜成像的应用专题：透镜及其应用分析：1平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这个点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距2凸透镜成像的规律及其应用之一：当u2f时，成倒立、缩小的实像对应应用如照相机解答：解：1太阳光到达地球，接近平行光，凸透镜正
18、对太阳光，太阳光平行于主光轴，经凸透镜折射后形成一个最小最亮的点，这个点是凸透镜的焦点，光点到凸透镜的距离是凸透镜的焦距，所以是20cm2假设将物体移至凸透镜50cm处，即此时物距大于2倍焦距，移动光屏，使烛焰在光屏上得到倒立缩小清晰的实像，照相机就是应用这一原理制成的故答案为：实；照相机点评：凸透镜成像是个光学局部的重点内容，此题综合性很强，包含了焦点、焦距、凸透镜成像的三种情况等134分2022宜宾如下列图，当开关S接“1”，将滑动变阻器片P由a端滑向b端，弹簧将 伸长 选填：“伸长或“缩短；当开关S接“2”，将滑动变阻器片P滑至b端，并剪断弹簧，让条形磁体穿过线圈，产生电磁感应，电流表的
19、指针会 发生偏转 选填：“发生偏转或“不动考点：通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用专题：电和磁分析：利用安培右手定那么判断通电螺线管的NS极，根据磁极间的作用规律判断弹簧的变化；闭合电路的局部导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流解答：解：当开关S接“1，将滑动变阻器片P由a端滑向b端，根据右手定那么判断电螺线管的上端为N极，异名磁极相互吸引，又因为通电螺线管的磁性增强，弹簧长度会伸长；当开关S接“2，将滑动变阻器片P滑至b端，并剪断弹簧，让条形磁体穿过线圈，产生电磁感应，电流表的指针会发生偏转，因为线圈相当于做切割磁感线运动，电路又闭合，所以会产生感应电流，故电流表指针会偏转故答案为
20、：伸长；发生偏转点评：此题考学生关于安培右手定那么、磁极间作用规律和电磁感应的理解和掌握三、解答题共2小题，每题3分，共6分143分2022宜宾如图，物体沿粗糙水平面向右运动画出该物体所受重力、支持力和摩擦力的示意图考点：力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图专题：作图题；压轴题分析：要解决此题，需要掌握力的示意图的画法同时根据物体的运动情况分析出物体所受到的力：确定重力、支持力、和摩擦力的方向解答：解：物体在粗糙水平面上向右运动，所以受地面对它向左的摩擦力同时受到重力作用，方向竖直向下受到地面对其向上的支持力故答案为：点评：此题主要考查了重力、支持力、摩擦力的画法，关键是确定这几个力的方向1
21、53分2022宜宾请利用图中给出的信息，在图中标出电源的正极、小磁针的S极，并用箭头标出磁感线的方向考点：通电螺线管的磁场专题：磁现象、电生磁分析：根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极根据右手螺旋定那么判断出电流的方向，确定电源的正负极解答：解：由图知通电螺线管的右端为S极，那么左端为N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为S极，那么左端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的根据右手螺旋定那么，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，那么四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以
22、电流从螺线管的右端流入，那么电源的右端为正极故答案为：点评：安培右手螺旋定那么为判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向四、实验与探究题共2小题，总分值10分164分2022宜宾某同学在体育活动中，从铅球下落陷入沙坑的深度情况猜想到：物体的重力势能可能与物体的质量、下落高度和运动路径有关于是设计了如下列图的实验：用大小、形状相同的A、B、C、D四个铅球，其中A、C、D三球的质量为m，B求质量为2m，让A、B两球从距沙说明高H静止下落，C球从距沙外表高2H静止下落，D球从距沙外表高2H的光滑弯曲管道上端静止滑入，最后从管道下端
23、竖直地落下球在光滑管道中运动的能量损失不计实验测得A、B两球陷入沙深度分别为h1和h2，C、D两球陷入沙深度均为h3，且h1h2h31本实验中，铅球的重力势能大小是通过 球陷入沙面的深度 来反映的；2比较A、B两球，发现B球陷入沙深度更大，由此可得出结论： 当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大 ；3比较A、C两球，发现C球陷入沙深度更大，由此可得出结论： 当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大 ；4比较C、D两球，发现两球运动的路径不同，但陷入沙深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径 无关 选填：“有关或“无关考点：探究影响物体势能大小的因素专题：探究
24、型实验综合题分析：影响重力势能的因素有物体的质量和下落高度，实验中研究物体的重力势能与物体的质量关系时，需要保持下落高度和运动路径相同，改变物体质量；研究物体重力势能与下落高度的关系时，需要保持物体质量和运动路径相同，改变下落高度；研究物体重力势能与运动路径的关系时，需要保持物体质量和下落高度相同，改变运动路径据此分析解答解答：解：1本实验中，铅球的重力势能大小是通过球陷入沙面的深度来反映；2比较A、B两球，下落高度和运动路径相同，B球质量大于A球质量，发现B球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；3比较A、C两球，两球质量相同，下落路径也相同，C球的
25、下落高度大于A球的下落高度，发现C球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大；4比较C、D两球，两球的质量相同，下落高度也相同，两球的运动路径不同，发现两球运动的路径不同，但陷入沙深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径无关故答案为：1球陷入沙面的深度；2当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；3当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大；4无关点评：此题考查学生对于物体重力势能的理解和掌握，注意分析实验时，控制条件176分2022宜宾电压表内阻较大，在实际电路中也有一定电流通过紫琪同学为了测量一电压表的内阻，她找来
26、电源、电流表、定值电阻R0阻值、滑动变阻器R、开关和导线假设干，并设计了如下列图的电路图1将滑动变阻器滑片P移至b端，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P由b端向a端移动的过程中，那么以下说法正确的选项是 A；A电流表示数增大，电压表示数增大B电流表示数减小，电压表示数减小C电压表示数与电流表示数之比为一定值D电压表示数与电流表示数之乘积为一定值2闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，当电流表的示数为I时，电压表的示数为U，请写出该电压表内阻Rv的表达式；3此实验要屡次测量电压表内阻值，最后求其平均值，其目的是 减小误差 ；4假设用此电路去测量某未知电阻R1的阻值，其测量值与真实值得关系是R1测 R1真
27、选填：“、“=或“考点：欧姆定律的应用专题：应用题；推理法；电路和欧姆定律分析：1分析电路，根据滑片的移动方向确定滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据串联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题2电压表与电阻R0并联，电流表示数为电压表和电阻R0的电流之和，那么根据欧姆定律求出电阻R0的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电压表的电流，根据欧姆定律即可求电压表的内阻；3减小实验的误差的方法是屡次测量取平均值；4根据通过未知电阻R1的电流变化，利用欧姆定律分析解答：解：1根据电路图可知；定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测电阻R0两端电压，闭合开关S，当滑动变阻器
28、滑片P由b端向a端移动的过程中，连入电路的阻值变小，那么总阻值变小，根据欧姆定律可知：电路中电流变大，即电流表示数变大；故B错误；由U=IR可知：电阻R0两端电压变大，即电压表示数变大，故A正确；那么电压表示数与电流表示数之乘积变大，故D错误；由于电压表与电流表示数比值为定值电阻R0的阻值，所以示数之比为一定值，故C正确应选AC2电压表与电阻R0并联，根据欧姆定律可知：电阻R0的电流I0=，并联电路上的干路电流等于各支路电流之和，通过电压表的电流Iv=II0=I，根据欧姆定律得：电压表的内阻Rv=3屡次测量电压表内阻值，最后求其平均值，是为了减小测量的误差；4假设用此电路去测量某未知电阻R1的
29、阻值，由于电压表分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值答答案为：1A、C；2；3减小测量的误差；4点评：此题是一道电压表内阻对电路影响的分析题，分析清楚电路结构，熟练应用并联电路的特点和欧姆定律即可正确解题五、计算与解答题共2小题，总分值20分要求写出必要的文字说明和重要的验算步骤，只写出最后答案的不能得分1810分2022宜宾如下列图，是某电器设备的一局部电路电源电压和灯泡的阻值均保持不变，定值电阻R0=10，灯泡L上标有“6V 3.6W的字样开关S2为单刀双掷开关，电源和电压表的内阻不计请画出此题各小问的等效电路图1只闭合开关S1时，电流表示数I1=1A，求电
30、源电压；2在不损坏电流表及电源的情况下，闭合开关S1，将开关S2接“a，移动滑片P置于其中点，此时电流表示数I2=1.5A，求滑动变阻器的最大阻值；3当开关S1断开，开关S2接“b时，移动滑动变阻器滑片P，使灯泡L正常发光，求滑动变阻器消耗的电功率考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：计算题；电路和欧姆定律分析：1只闭合开关S1时，只有定值电阻R0连入，电流表测电流，根据欧姆定律即可求出电源的电压；2闭合开关S1，将开关S2接“a，移动滑片P置于其中点，定值电阻R0与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出连入电路的阻值，即可求出滑动
31、变阻器的最大阻值；3当开关S1断开，开关S2接“b时，灯泡与滑动变阻器串联接在电源两端，灯泡L正常发光时，根据P=UI求出灯泡L正常发光的电流，利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用P=UI即可求滑动变阻器的电功率解答：解：1只闭合开关S1时，只有定值电阻R0连入，如图1：根据欧姆定律得：电源的电压U=U0=I0R0=1A10=10V；2闭合开关S1，将开关S2接“a，移动滑片P置于其中点，定值电阻R0与滑动变阻器并联，如图2：电流表测干路电流，即I=1.5A，滑动变阻器连入电路的阻值为R=R，由并联电路干路电流等于各支路电流之和可知：通过滑动变阻器的电流I=II0=1.5A
32、1A=0.5A，由欧姆定律得：R=20那么滑动变阻器的最大阻值R=2R=220=403当开关S1断开，开关S2接“b时，灯泡与滑动变阻器串联接在电源两端，如图3：灯泡L正常发光时，那么UL=U额=6V，由P=UI得：灯泡L正常发光的电流IL=0.6A，串联电路两端的电压等于串联的各局部电路两端的电压之和，此时滑动变阻器两端的电压U=UUL=10V6V=4V，此时滑动变阻器的电功率利用P=UIL=4V0.6A=2.4W答：1电源电压为6V；2滑动变阻器的最大阻值为40；3滑动变阻器消耗的电功率为2.4W点评：此题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并
33、联的区分以及知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等1910分2022宜宾型汽车的质量M=1200kg，汽车的额定功率=40kw一般情况下，驾驶员酒后的反响时间从发现情况到开始制动所需的时间比正常时慢了0.10.5，易发生交通事故下表格为 驾驶员守那么 中驾驶员在不同车速时所对应的正常反响距离汽车在正常反响时间内通过的距离的表格：车速vkm/h406080反响距离sm57.5101假设汽车在水平路面上以额定功率匀速行驶时间t1=15min，速度大小v1=72km/h，消耗汽油的质量m=2kg，求该汽车受到阻力大小和汽车发动机的效率；g=10N/kg，q汽油=4.5107J/kg2请根据表格数据，
34、计算驾驶员的正常反响时间；3如下列图，假设一饮酒后的驾驶员驾车以v2=54km/h的速度在平直公路上行驶，在距离某学校门前s=40m处发现有一队学生在斑马线上横过马路，他的反响时间比正常时慢了t=0.2s，刹车后，车的平均速度为v3=27km/h试通过计算说明是否会发生交通事故考点：有关热机的计算；速度公式及其应用专题：其他综合题分析：1汽车的额定功率和行驶时间，利用公式W=Pt得到牵引力做的功；汽车额定功率和行驶速度，利用公式F=得到牵引力，因为汽车匀速直线运动，所以受到的阻力等于牵引力；消耗的汽油的质量和汽油的热值，根据公式Q=qm可求汽油完全燃烧释放的能量，汽车牵引力做的功与释放能量的比
35、值就是汽车能量的利用率2反响时间内汽车仍匀速行驶，根据速度的定义式计算反响时间即可；3反响时间内做匀速运动，刹车时做匀减速直线运动，根据速度位移公式列式求解位移，然后与实际距离作比较即可解答：解：1由P=得，牵引力做的功为W=Pt=40103W1560s=3.6107J；P=Fv汽车牵引力为：F=2000N，机车受到的阻力为：f=F=2000N汽油完全燃烧释放的能量：Q=mq=2kg4.5107J/kg=9107J，汽车发动机的效率：=100%=100%=40%；2车速v1=40 km/h=m/s，由于在反响时间内汽车仍匀速行驶，根据车速v和反响距离s可计算驾驶员的反响时间t=0.45s 即驾
36、驶员的反响时间为0.45s 3车速：v2=54km/h=15m/s，反响时间：t=0.45s+0.2s=0.65s驾驶员的反响距离：s=v2t=15m/s0.65s=9.75m 刹车后车做匀减速直线运动，平均速度为v3=27km/h=7.5m/s根据v2v02=2ax得；刹车距离为：x=m=15m，因为s+x=9.75m+15m=24.75m40m所以不会发生交通事故答：1该汽车受到阻力为2000N；汽车发动机的效率为40%；2驾驶员的正常反响时间为0.45s；3不会发生交通事故点评：此题考查阻力、做功、速度、功率与效率等的计算，首先要有读题能力，读懂题意是解题的关键其次明确制动距离的构成，然后结合运动学公式进行计算分析