《2022年上海市徐汇区中考物理二模试卷(解析版).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年上海市徐汇区中考物理二模试卷(解析版).docx（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022年上海市徐汇区中考物理二模试卷一、选择题共16分12分2022徐汇区二模在太阳系中，唯一的恒星是A太阳B地球C月球D火星考点：人类探究太阳系及宇宙的历程专题：粒子与宇宙、材料世界分析：了解什么是恒星、行星、卫星，根据对相关星体的了解作答解答：解：A、太阳能够发光发热，是离我们最近的恒星，也是太阳系唯一的恒星，符合题意；BD、地球和火星都是太阳系中的行星，不是恒星，不合题意；C、月球是地球的一颗卫星，不合题意应选A点评：此题考查对恒星及行星、卫星的认识，属于根底内容22分2022徐汇区二模在原子中，带负电的粒子是A中子B电子C质子D核子考点：原子结构、元电荷与带电情况专题：电路和欧姆定律
2、分析：原子由原子核和核外带负电的电子组成解答：解：原子中质子带正电、中子不带电、电子带负电应选B点评：此题考查了原子的结构及粒子的带电情况，很简单32分2022徐汇区二模两个物体中，惯性较小的物体一定具有较小的A密度B体积C质量D速度考点：惯性专题：运动和力分析：惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体惯性就大，质量小的物体惯性就小解答：解：惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量小的物体惯性就小应选C点评：惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关42分2022徐汇区二模光从空气斜射到
3、水面上，入射光线与法线的夹角为50，那么反射光线与界面的夹角为A0B40C50D100考点：光的反射定律专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：要解决此题需要掌握入射角和反射角的概念，知道入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角同时要掌握光的反射定律的内容，知道反射角等于入射角解答：解：入射光线与法线的夹角为50，即入射角为50那么光与水面的夹角为9050=40，根据光的反射定律，反射角也为50，所以反射光线与界面的夹角为40应选B点评：此题主要考查了反射角与入射角的概念，同时考查了反射定律的内容，主要考查了反射角与入射角的大小关系，知道反射角等于入射角52分2022徐汇区二模
4、 荷塘月色 是朱自清先生名作，荷塘中月球的像到水面的距离与月球到水面距离相比A相等B较小C较大D无法比较考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：水池中的水面起反射作用，平静的水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点进行判断解答：解：平静的水面相当于平面镜，根据物像到平面镜的距离相等，所以月球在池水中的像到水面的距离与月球到水面距离相等应选A点评：物体在水面成像，像到水面的距离跟水深没有关系，跟物体到水面的距离有关62分2022徐汇区二模以下事例中，能说明“分子不停地做无规那么运动的是A固体不容易被压缩B建筑工地尘土飞扬C酒香不怕巷子深D1升水和1升酒精混
5、合后总体积小于2升考点：分子的运动专题：分子热运动、内能分析：1物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停的做无规那么运动，分子间有相互作用的引力和斥力，分子间存在间隙；2分子的直径很小，大约1010m，这个尺度，是人的肉眼看不到的解答：解：A、固体不容易被压缩是因为分子间存在着斥力，故A不合题意；B、建筑工地尘土飞扬是固体小颗粒的运动，不是分子运动，故B不合题意C、酒香不怕巷子深是酒得分子在空气中运动形成的，能说明分子不停地做无规那么运动，故C符合题意；D、1升水和1升酒精混合后总体积小于2升是因为分子间有间隙，故D不合题意应选C点评：了解分子动理论的根本观点，并能与实际的现象结合，是解答此题
6、的关键72分2022徐汇区二模如下列图的电路中，电源电压恒定，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后三个电表中一个电表的示数变小，一个电表的示数变大，假设导线完好，那么以下判断中正确的选项是A电流表A示数一定变大，灯L可能熄灭B电流表A示数可能变大，灯L一定熄灭C电压表V2示数一定变小，灯L一定熄灭D电压表V2示数可能变小，灯L可能熄灭考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：闭合开关，电路正常工作，过一段时间，灯泡熄灭，说明电路发生了断路或短路，具体的故障可以将每个选项代入题干，根据相应的现象一一排除，最终确定正确答案解答：解：由图知，灯泡与电阻串联，电压表V1测量电路中的总电压，V1的示数一定
7、不变；电流表测量电路中的电流，V2与灯泡并联，测量灯泡L两端的电压；A、由于是串联电路，所以假设电路发生断路，电流表的示数变小，A说法错误；B、假设电流表的示数变大，那么电路中的总电阻变小，说明电路发生短路现象，根据题意，由于V1的示数不变，只能是V2的示数变小，那么与V2并联的灯泡短路，此时灯L一定熄灭，B正确；C、假设灯泡断路，那么电流表示数变小，V2示数变大，所以电压表V2示数变小说法是错误的，C错误；D、一个电表的示数变小，一个电表的示数变大，所以假设电压表V2示数变小，又V1的示数不变，只能是电流表示数变大，那么与V2并联的灯泡短路，此时灯泡一定熄灭，D错误应选B点评：电路故障问题，
8、是电学实验经常出现的问题，也是物理试题考查的热点、难点解决此类问题的关键是采用“排除法，在不能直接确定答案时，将每个选项依次代入题干，一一排除，最终确定正确选项82分2022徐汇区二模两个圆柱形薄壁容器放在水平面上，底面积分别为S甲、S乙，其中分别盛有质量为m甲、m乙，体积为V甲、V乙两种液体，它们对容器底部的压强为p甲、p乙，现在两液体中分别浸没一个相同的物体容器足够高，液体对容器底部压强的增加量为p甲、p乙，那么以下选项中一定能使p甲p乙的是AS甲S乙，m甲=m乙，V甲V乙BS甲S乙，m甲m乙，V甲V乙CS甲S乙，V甲V乙，p甲=p乙DS甲S乙，V甲V乙，p甲p乙考点：液体压强计算公式的应
9、用专题：压强、液体的压强分析：甲、乙质量和体积，利用密度公式可以表示出甲和乙液体的密度，相同的物体浸没后由液体压强公式表示出p甲、p乙，根据p甲p乙的分别判断各选项是否成立解答：解：由题甲=，乙=；当在两液体中分别浸没一个相同的物体体积为V后，液面升高h=，由p=gh，液体对容器底压强增加量：p甲=甲gh甲=g，同理p乙=乙gh乙=g，要使p甲p乙，即：，那么有m甲V乙S乙m乙V甲S甲，A、假设S甲S乙，m甲=m乙，V甲V乙，那么m甲V乙S乙和m乙V甲S甲的大小不能确定，故A错误；B、假设S甲S乙，m甲m乙，V甲V乙，那么m甲V乙S乙和m乙V甲S甲的大小不能确定，故B错误；C、假设S甲S乙，V
10、甲V乙，P甲=P乙，那么甲的密度大于乙的密度，假设增大的体积相同，那么p甲p乙，C正确；D、S甲S乙，V甲V乙，P甲P乙，那么假设增大的体积相同，那么p甲p乙，D错误应选C点评：此题考查了密度、液体压强公式的应用，关键是正确根据条件表示出两容器底受到的液体压强的增加量属于难题二、填空题共26分94分2022徐汇区二模如下列图，重0.06牛的羽毛球竖直上升，那么羽毛球相对于地面是运动的选填“静止或“运动，羽毛球运动越来越慢，这说明力能改变物体的运动状态；此过程中球的重力势能将变大选填“变大、“变大或“不变，假设羽毛球上升时受到的空气阻力为0.15牛，那么羽毛球所受合力的大小为0.21牛考点：力的
11、作用效果；力的合成与应用；动能和势能的大小变化专题：运动和力；机械能及其转化分析：1研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物，研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；2力能改变物体的运动状态，还能改变物体的形状；3重力势能的大小取决于物体的质量和被举高的高度；4作用在同一直线上的两个力，如果方向相同，那么合力的大小等于二力之和，方向与这两个力方向相同；作用在同一直线上的两个力，如果方向相反，那么合力的大小等于二力之差，方向与较大的力方向相同解答：解：1羽毛球竖直上升过程中，相对于地面的位置不断发生变化，因此羽毛球相对于地面是运动的；
12、2羽毛球运动越来越慢，是由于受到向下的重力的作用，说明力能改变物体的运动状态；3羽毛球竖直上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大；4羽毛球所受0.06牛的重力方向是竖直向下的；因为羽毛球竖直上升，所以0.15牛的阻力方向也是竖直向下的，两个力作用在同一直线上，方向是相同的，F合=0.15N+0.06N=0.21N故答案为：运动；改变物体的运动状态；变大；0.21点评：此题主要考查了物体运动状态的判断、力的作用效果、重力势能的影响因素、合力的计算，是一道综合题104分2022徐汇区二模如图1所示快速行驶的赛车所发出的巨大声响是通过空气这种介质传到观众耳中；假设赛车以70米/秒的速度匀速行驶
13、3秒种，那么通过的路程为210米如图2所示是甲、乙两辆车同时同地同向做匀速直线运动的st图象，当两车相距200米时，甲车恰好运动了8秒，甲、乙均到达距出发点300米处，相差的时间为6秒考点：速度公式及其应用专题：长度、时间、速度分析：声音的产生是由物体的振动产生的，声音可以通过空气进行传播；知道赛车的速度和行驶时间，利用速度公式s=vt求通过的路程；根据st图象求出当两车相距200米时，甲车恰好运动的时间；根据图象求出甲、乙均到达距出发点300米处，的时间相差解答：解：1赛车所发出的巨大声响是通过空气传到观众耳中的；2根据公式v=可得，赛车通过的路程s=vt=70m/s3s=210m；3由图象
14、可知，当甲乙两车出发8s后两车相距200m，所以甲车运动的时间为8s；由图象可知，甲车到达300处用时6s，乙车到达300处用时12s，所以甲、乙均到达距出发点300米处，相差的时间为6s故答案为：空气；210；8；6点评：此题主要考查学生对于速度公式的应用和对图象的分析能力，在进行物理实验中经常要画出测得数据的关系图象，分析图象从而得出结论114分2022徐汇区二模人体内的血液对血管壁存在选填“存在或“不存在压强；如下列图，常见的血压计的主要部件是一个U形管压强计，U形管压强计是根据连通器原理制成的人体安静时，1分钟内心脏推动血液流动做功约为90焦，那么心脏的功率为1.5瓦；做同样大小的功可
15、将重30牛的物体匀速升高3米考点：功率的计算；功的计算公式的应用专题：功、功率、机械效率分析：1血压是血液在血管中向前流动时对血管壁产生的侧压力2连通器的结构特征是上端开口、底部相连通，判断是不是连通器要根据这两个特征3根据P=可求得心脏的功率4根据W=Gh可求得高度解答：解：1体循环动脉血压简称血压，血压是血液在血管内流动时，作用于血管壁的压力，它是推动血液在血管内流动的动力，故人体内的血液对血管壁存在压强；2U形管压强计上端都是开口的，底部是连通的，是连通器；3心脏的功率：P=1.5W；4由W=Gh，可得：h=3m故答案为：存在；连通器；1.5；3点评：此题涉及到连通器、功率的计算、功的计
16、算公式的应用等多个知识点，综合性较强，但难度不大，属于根底题目124分2022徐汇区二模将质量为0.2千克的牛奶放置在冷水中，一段时间后其温度下降了20，牛奶的内能变小选填“变大、“不变或“变小，这是通过热传递的方式改变了牛奶的内能；在此过程中牛奶放出的热量为10000焦；相同质量的水降低相同的温度，那么水放出的热量比牛奶放出的热量多选填“多或“少c牛奶=2.5103焦/千克，c水=4.2103焦/千克考点：热量的计算；热传递改变物体内能专题：应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析：1改变内能的方法：一是做功，二是热传递，牛奶放出热量、内能减少、温度降低，是通过热传递的方法减小物体的
17、内能；2知道牛奶的质量、比热容、温度降低值，利用放热公式求水放出的热量；3质量相同的不同物质温度降低相同度数，比热容大的放出热量多解答：解：牛奶降温过程中，放出热量、内能减少，是通过热传递的方法减小牛奶的内能；牛奶放出的热量：Q放=cmt=2.5103J/kg0.2kg20=10000J；由Q放=cmt可知，牛奶与水的质量和降低温度相同，由于水的比热容大，故水放出的热量多故答案为：变小；热传递；10000；多点评：此题考查了热量的计算、内能的改变方法，计算时注意温度降低了t与降低到末温的区别，属于根底题目134分2022徐汇区二模某导体两端电压为6伏，通过的电流为0.2安，那么在10秒内通过该
18、导体横截面的电荷量为2库，这段时间电流做的功为12焦，导体的电阻为30欧；假设减小导体两端的电压，该导体的电阻值将不变选填“变大、“变小或“不变考点：电量及其计算；欧姆定律的变形公式；电功的计算专题：电流和电路；欧姆定律；电能和电功率分析：1电压和电流，根据欧姆定律可求出电阻；又知时间，根据Q=It可求出电荷量；根据W=UIt可求出电流做的功；2导体电阻是导体本身的性质与电压电流无关解答：解：10秒内通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.2A10s=2C；电流做功：W=UIt=6V0.2A10s=12J；由欧姆定律得导体的电阻：R=30；因为，导体电阻是导体本身的性质与电压电流无关，所以，假
19、设导体两端的电压减小时，该导体的电阻不变，仍为30故答案为：2；12；30；不变点评：本考查了电荷量的概念和计算，欧姆定律的应用及电功的计算，属于根本内容，比较简单142分2022徐汇区二模在如下列图的电路中，电源电压保持不变，闭合电键，滑动变阻器的滑片P向右移动时，灯的亮度将不变，电路中示数不变的电表是电流表考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：滑动变阻器的滑片移动时，改变的是与电压表并联的电阻大小，电路中的电阻并未发生变化，根据欧姆定律的知识分析即可解答：解：由图知，电压表并联在电路中，滑片移动时，接入电路中的电阻大小并未发生变化，由I=得，电流表的示数不变，灯泡的亮度不变；与电压表并联
20、的电阻变大，由U=IR，电压表的示数变大故答案为：不变；电流表点评：此题考查电表示数变化的分析，关键要知道此种情况，滑片的移动并不能引起接入电路中电阻大小的变化154分2022徐汇区二模如下列图是神舟十号载人飞船发射升空的壮观场面2022年6月11日17时38分许，长征二号F运载火箭在酒泉卫星发射中心中国载人航天发射场顺利点火起飞，将神舟十号载人飞船发射升空13日13时18分，天宫一号目标飞行器与神舟址号飞船成功自动交会对接在完成一系列准备工作后，3名航天员进入神舟十号飞船轨道舱，脱下舱内航天服，换上工作服，进入天宫一号在天宫一号与神舟十号组合体飞行期间，3名航天员开展多项空间科学实验和技术试
21、验活动，为后续空间站工程建设积累经验航天员王亚平于6月20日进行太空授课，为中国青少年演示讲解失重环境下的根底物理实验26日，神舟十号载人飞船返回地面当返加舱从太空进入到距地球外表约100千米的大气层时，尤如一个大火球当返回舱成功穿越大气层下降到距地面约10千米高度时，飞船降落伞翻开，保障飞船平安回收着陆接近地面后返回舱抛掉保护大底，露出反推火箭待离地面12米时，反推火箭启动，使返回舱稳稳落地例如问题：火箭发射升空时飞船内的航天员是静止的吗答复：火箭发射升空时，飞船内的航天员相对飞船的位置不变，所以相对飞船是静止的问题一：火箭发射升空时，水池上的白气是怎样产生的答复：水池内的水汽化形成高温的水
22、蒸气，水蒸气遇冷液化形成问题二：熟悉王亚平的人，为什么从电视上一听就知道是王亚平在向人们问好答复：不同的人音色不同考点：物理常识专题：其他综合题分析：1物质由气态变为液态称为液化；假设物质由液态变为气态称为汽化；同时，我们所说的白气都是小水滴；2音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关解答：解：问题：火箭发射升空时，水池上的白气是怎样产生的答复：发射台下是水池，而让火焰喷射到水中，那么水是从液态变为气态的水蒸气，即发生汽化，从而能从周围吸取热量；这些水蒸气散发到空气中，遇到冷空气液化成的小水珠就是我们看到的“白气问题二：熟悉王亚平的人，为什么从电视上一听就知道是王亚平在向人们问
23、好 答复：熟悉王亚平的人，一听就知道是王亚平在向人们问好，这是根据声音的音色特性来区分的故答案为：火箭发射升空时，水池上的白气是怎样产生的；水池内的水汽化形成高温的水蒸气，水蒸气遇冷液化形成；熟悉王亚平的人，为什么从电视上一听就知道是王亚平在向人们问好；不同的人音色不同点评：此题通过实际生活中常见的物理现象，来考查所学的物理知识，这是中考的热点三、作图题共7分162分2022徐汇区二模在图中，根据给定的标度，用力的图示法画出物体所受的水平向右的6牛的推力F作用点在A点考点：力的示意图专题：重力、弹力、摩擦力分析：作力的图示时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来并要先选出比例尺，然后过物体
24、重心作水平向右的力，根据力的大小确定线段的长度解答：解：根据给定的标度，然后过物体的重心作水平向右的大小为6N的推力F，其长短为表示2N线段的3倍，图示如下：点评：注意力的示意图与力的图示的区别：力的示意图不用选择标度，而力的图示那么要选择适宜的标度173分2022徐汇区二模请根据图中小磁针静止时N极的指向，标出通电螺线管的N极、磁感线方向及电源的正负极考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：磁现象、电生磁分析：根据小磁针的N极，根据磁场间的作用规律，可以确定螺线管的NS极；根据磁感线方向的特点，可以确定磁感线的方向；利用螺线管的NS极，结合线圈绕向，利用安培定那么可以确定螺线管中的电流方
25、向，进而可以确定电源的正负极解答：解：小磁针的右端为N极，自由静止时靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定那么可以确定电流从螺线管的左端流入右端流出，从而可以确定电源的左端为正极，右端为负极答案如以下列图所示：点评：安培定那么涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向告诉其中的两个方向可以确定第三个方向此题中的磁场方向是通过小磁针的磁极告诉的182分2022徐汇区二模在如下列图的电路中，以笔线代替导线，补两根导线，要求：使两灯串联，电键S闭合后，电压表只测灯L1两
26、端的电压考点：实物的电路连接专题：电流和电路分析：两灯串联，那么要使各元件顺次连接，再根据电键S闭合后，电压表只测灯L1两端的电压，确定电压表的位置解答：解：由题意知，两灯串联，故首先将两灯之间的接线柱连接起来，再根据电键S闭合后，电压表只测灯L1两端的电压可知，电压表应与灯L1并联，如下列图点评：根据电流流向法，依据先串后并的原那么，可进行实物电路的连接，注意电压表的测量对象和接线柱的选择四、计算题共23分193分2022徐汇区二模杠杆平衡时，动力臂l1为0.3米，阻力臂l2为1.5米，阻力F2为5N，求动力F1的大小考点：杠杆的平衡条件专题：简单机械分析：知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小，
27、利用杠杆平衡条件求动力大小解答：解：由杠杆平衡条件可知：F1L1=F2L2，F1=25N答：杠杆平衡时的动力F1为25N点评：此题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，属于根底题目204分2022徐汇区二模如下列图是我国海军的052D型驱逐舰，满载时排开的水的体积为7.5103米3，求此时驱逐舰受到的浮力大小考点：浮力大小的计算专题：浮力分析：知道排开水的体积，根据F浮=水gV排求出浮力解答：水=1103kg/m3，V排=7.5103m3，g=9.8N/kg求：浮力F浮=解：驱逐舰受到的浮力：F浮=水gV排=1103kg/m39.8N/kg7.5103m3=7.35107N答：驱逐舰受到的浮力
28、为7.35107N点评：此题主要考查的是学生对浮力计算公式的理解和掌握，根底性题目218分2022徐汇区二模如图a所示，将电阻R1与R2串联在电源电压U为16伏的电路中，R1=4欧，通过电路的电流I为1.6安；假设将这两个电阻并联在电压U为6伏的电路中，如图b所示，通过干路的电流I为2.5安，求：1串联电路中，R1两端的电压；2并联电路中，通过R2的电流；3假设用电阻R0替换R1或R2中的一个，要求使R0在串联与并联电路中消耗的电功率相等，求出替换电阻的值考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：1根据公式U=IR计算R1两端的电压；2根据I=求得通过R1的电流，根据
29、并联电路的电流规律，求出通过R2的电流值；3根据电阻R0消耗的电功率相等可知，电阻R0两端的电压相等，分别按替换R1或R2两种情况进行分析解答：解：1串联电路中，I=I1=I2=1.6A，由I=得，R1两端的电压：U1=IR1=1.6A4=6.4V；2两电阻并联，那么U=U1=U2=6V；通过R1的电流I1=1.5A；那么电阻R2的电流I2=II1=2.5A1.5A=1A；3R2=6；要使R0在串联与并联电路中消耗的电功率相等，那么需使电阻两端的实际电压相等，由题意知，电阻两端的电压应为6V；假设要替换R1，那么R2两端的电压为U2=UU0=16V6V=10V；电路中的电流I=A；R0的阻值为
30、R0=3.6；假设要替换R2，那么R1两端的电压U1=UU0=16V6V=10V；电路中的电流I=2.5A；那么R0=2.4答：1串联电路中，R1两端的电压为4V；2并联电路中，通过R2的电流为1A；3假设用电阻R0替换R1，替换电阻为3.6；假设用电阻R0替换R2，替换电阻为2.4点评：此题主要考查了欧姆定律在串联电路中的应用，应熟练掌握串联电路的电流、电压特点，并能够对公式灵活变形228分2022徐汇区二模如下列图，放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器A、B，底面积分别为0.03米2和0.02米2，高均为0.3米，分别盛有0.1米高的酒精和水酒=0.8103千克/米甲是质量为5千克的实心柱体，底
31、面积为0.01米2求：1水对容器底的压强2甲对桌面的压强3假设将甲物体分别竖直放入两容器内的液体中，均能浸没，并使酒精对容器底的压力小于水对容器底的压力，求甲物体的体积范围考点：液体的压强的计算；压强的大小及其计算专题：压强、液体的压强分析：1水的深度，利用p=gh可求得水对容器底的压强；2甲对水平桌面的压强属固体压强，此时其压力等于其重力，再利用公式p=来求对桌面的压强；3假设酒精对容器底的压力小于水对容器底的压力，根据p=求得V的范围解答：解：1水对容器底的压强：p=gh=1.0103kg/m39.8N/kg0.1m=980Pa；2F=G甲=m甲g=5kg9.8N/kg=49N，甲对桌面的
32、压强p=4900Pa，3假设酒精对容器底的压力小于水对容器底的压力，即，由p=，可得F=pS，那么酒精gh+S酒精水gh+S水，解得V2104m3，假设将柱体浸在A容器中，液面最高能升到0.3m，那么甲物体浸没的最大体积为V酒0.01m20.3m=0.003m3，而能使，的体积为V2104m3，不能满足均能使物体浸没的条件答：1水对容器底的压强为980Pa；2甲对桌面的压强为4900Pa；3甲物体的体积范围为V酒0.003m3点评：压强的计算关键是要分清是固体压强，还是液体压强，再选择不同的公式来进行计算，此题的难点是找准突破口通过列出不等式进行计算比较，可判断是否符合题目的要求，难度较大五、
33、实验题共18分234分2022徐汇区二模在“测定小石块密度的实验中，可用量筒和水测出小石块的体积；福廷气压计可以测量大气压强的值；如下列图，在做“探究二力平衡条件的实验中，用剪刀将纸片剪成两小块，是为了得出“使物体平衡的两个力必须作用在同一个物体上这一结论；用电流表测量电流时，电流必须从电流表的负接线柱流出选“正或“负考点：量筒的使用；二力平衡的概念；大气压强的测量方法；电流表的使用专题：其他综合题分析：1量筒能直接测量液体的体积，不能直接测量固体的体积，但还是可以间接测量的，首先在量筒中放入适量的水，把固体完全浸没到水中，利用排水法可以求出固体的体积；2气压计是测量大气压强值的仪器；3二力平
34、衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上4电流表的使用规那么是：串联在电路中；电流由正接线柱流入，负接线柱流出；所测电流不能超过电流表的量程；绝对不允许将电流表直接连在电源的两极上解答：解：1在“测定小石块密度的实验中，可用量筒和水间接的测出小石块的体积；2福廷气压计可以测量大气压强的值；3如下列图，在做“探究二力平衡条件的实验中，用剪刀将纸片剪成两小块，弹簧测力计的示数变为零，拉力大小为零，是为了得出使物体平衡的两个力必须作用在同一个物体上的结论；4电流必须从电流表的正接线柱流进，从负接线柱流出故答案为：体积；大气压强；作用在同一个物体上；负点评：此题考查
35、了量筒、气压计电流表的作用、使用方法，以及二力平衡的条件等知识，属于根底题，比较简单244分2022徐汇区二模在焦距为5厘米、10厘米或15厘米的凸透镜中选择一个放置于光具座的A点处，如下列图将蜡烛、光屏分置于光具座上透镜的两侧，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在同一高度先后两次蜡烛放置在距B点5厘米处，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，可在光屏上得到大小不同的两个像比较两次所所的像，当蜡烛置于光具座上35.0厘米刻度处时，所成的像较小；保持蜡烛及透镜的位置不变，假设要使光屏接收到像较小，应选用焦距为5.0或10.0厘米的透镜进行实验，且光屏应在光具座上5560厘米刻度之间移动考点：凸透镜
36、成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：1根据凸透镜成像规律实验的要求，首先把凸透镜、蜡烛、光屏放在光具座上，然后调整烛焰、凸透镜、光屏三者的高度，使三者中心放在同一高度上2首先明确在光屏上得到的像是实像，然后再根据凸透镜成像规律确定像的大小和所选透镜的焦距，注意蜡烛放置在距B点5厘米处，要分左右两种情况分析解答：解：1根据凸透镜成像规律中实验的要求，首先把凸透镜、蜡烛、光屏放在光具座上，点燃蜡烛并调整蜡烛、凸透镜、光屏的高度，让烛焰、凸透镜、光屏三者中心放在同一高度上，这样才能使像成在光屏的中心；2由“蜡烛放置在距B点5.0厘米处，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，可在光屏上得到大小
37、不同的两个像可知，在光屏上得到的像是实像，那么所选透镜的焦距一定不是15.0cm的，因为如果选择透镜的焦距为15.0cm，蜡烛放置在距B点5厘米处，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，那么不能在光屏上得到像，而成为一束平行光；如果选择透镜的焦距为5.0cm，蜡烛放置在距B点右边5.0厘米处，即蜡烛置于光具座35.0厘米刻度处时，此时u2f，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，在光屏上将得到倒立缩小的实像；当蜡烛放置在距B点左边5厘米处，即蜡烛置于光具座25.0厘米刻度处时，此时u2f，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，在光屏上将得到倒立缩小的实像；但比蜡烛置于光具座35.0厘米刻度处时所成的像还要
38、小；如果选择透镜的焦距为10.0cm，蜡烛放置在距B点右边5厘米处，即蜡烛置于光具座35.0厘米刻度处时，此时2fuf，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，在光屏上将得到倒立放大的实像；如果选择透镜的焦距为10.0cm，蜡烛放置在距B点左边5.0厘米处，即蜡烛置于光具座25.0厘米刻度处时，此时u2f，保持透镜在A点位置不变，移动光屏，在光屏上将得到倒立缩小的实像；综上所述，比较两次所成的像，当蜡烛置于光具座35.0厘米刻度处时，所成的像较大；实验中所用透镜的焦距可能是5.0或10.0厘米根据凸透镜成像规律，光屏应在光具座上5560厘米刻度之间移动故答案为：同一高度；35.0；5.0或10.0；
39、5560点评：此题通过实验探究了凸透镜成像的规律及特点，并考查了对凸透镜成像规律的应用要解决此类题目，需要熟记凸透镜成像的规律并做到灵活应用，此题有一定的拔高难度，属于难题254分2022徐汇区二模小佳和小汇用如下列图的电路研究串联电路中电流、电压随电阻的变化情况实验中保持电源电压不变，他们移动滑动变阻器的滑片P改变电路中的电压和电流，并将实验数据记录在表一中然后又用电阻R2替换R1接入电路，重复上述实验，实验测得的数据记录在表二中R1=10欧，R2=20欧，滑动变阻器规格为“50 2A 表一电阻R1序号A表示数AV1表示数VV2表示数V10.221020.33930.557表二电阻R2序号A
40、表示数AV1表示数VV2表示数V70.24880.36690.51021分析比较表一或表二中电压表V1和V2的示数关系及相关条件，归纳得出的初步结论是：在电源电压不变的情况下，串联电路中一个电阻变化时，电流和电压变化，但V1和V2的示数之和不变2分析比较表一或表二中电压表V1示数变化量和V2示数变化量的关系及相关条件，归纳得出的初步结论是：在电源电压不变的情况下，串联电路中一个电阻变化时，电压表V1示数变化量与电压表V2示数变化量相等；3进一步综合分析比较表一、表二中电压表V1、V2、电流表A示数变化量的关系及相关条件，归纳得出的初步结论：分析比较表一或表二得出的初步结论是：串联电路中一个电阻
41、变化时，电压表V1与电流表A示数变化量的比值与电压表V2与电流表A示数变化量的比值相等；分析比较表一或表二得出的初步结论是：串联电路中一个电阻变化时，电压表V1与电流表A示数变化量的比值等于定值电阻的阻值，定值电阻阻值不变，比值不变考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：探究电流、电压随电阻的变化关系需要应用控制变量法，分析清楚电路结构，根据电路元件的连接方式，应用控制变量法分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出结论解答：解：1由表一或表二中电压表V1和V2的示数关系及相关条件可知：在电源电压不变的情况下，串联电路中一个电阻变化时，电流和电压变化，但V1和V
42、2的示数之和不变2由表一或表二中电压表V1示数变化量和V2示数变化量的关系及相关条件可知：在电源电压不变的情况下，串联电路中一个电阻变化时，电压表V1示数变化量与电压表V2示数变化量相等；3分析比较表一或表二得出的初步结论是：串联电路中一个电阻变化时，电压表V1与电流表A示数变化量的比值与电压表V2与电流表A示数变化量的比值相等；分析比较表一或表二得出的初步结论是：串联电路中一个电阻变化时，电压表V1与电流表A示数变化量的比值等于定值电阻的阻值，定值电阻阻值不变，比值不变故答案为：1电流和电压变化，但V1和V2的示数之和不变；2电压表V1示数变化量与电压表V2示数变化量相等；3电压表V1与电流
43、表A示数变化量的比值与电压表V2与电流表A示数变化量的比值相等；电压表V1与电流表A示数变化量的比值等于定值电阻的阻值，定值电阻阻值不变，比值不变点评：此题主要考查了实验数据的处理能力，正确处理实验数据是得出实验结论的关键，我们应加强实验数据处理能力的培养266分2022徐汇区二模 在“测定小灯泡电功率的实验中，实验室给每个小组提供的器材有电压表、电流表、标有“0.2A字样的小灯泡假设干额定功率在0.4瓦0.75瓦之间、不同规格的滑动变阻器、每个小组只有3节新干电池、电键以及导线假设干小徐这组选用的滑动变阻器规格为“10 2A，小汇这组选用的滑动变阻器规格为“5 3A他们正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键后，移动变阻器滑片，发现小灯汇正常发光时，滑片恰在中点位置他们分别测出小灯泡的额定功率1请在方框中画出实验电路图2在分析实验数据时，小徐和小汇发现，他们测出的小灯泡电功率值不相等请你通过计算分析他们所测的小灯泡电功率是否相等考点：电功率的测量专题：测量型实验综合题分析：1测定小灯泡电功率实验的原理P=UI，那么电压表并联在小灯泡两端，电流表串联在电路中，滑动变阻器和小灯泡串联，由此画出实验电路；2根据选择