《广西百色市2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题参考答案及评分标准.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广西百色市2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题参考答案及评分标准.pdf（4页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、 1 / 4 2019 年百色市普通高中秋季学期期末考试参考答案及评分标准 高一物理 1D 解析：A、D、当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，所以“辽宁舰”航母在某些情况下是可以看成质点的，如研究“辽宁舰”航母在大海中运动轨迹时，航母可以看成质点，故 A 错误，D 正确。B、正在甲板上手势指挥的调度员的动作不能忽略，不能看成质点，故 B 错误。C、研究战斗机的空中翻滚动作时，不可以看做质点，否则没有动作了，故 C 错误；故选 D 2C 解析：位移和速度是矢量，而时间是标量，故 A 错误。B、速度和加速度是矢量，而质量是标量。故 B 错误。C、力和位移、速度都是矢
2、量，故 C 正确。D、力和位移都是矢量，路程是标量，故 D 错误。故选 C。 3B 解析：A、当加速度方向与速度方向相反，加速度越来越大，速度越来越小；A 正确. B、速度随时间均匀增大，表示物体的加速度不变；B 错误. C、速度方向向东，说明向东运动，但加速度的方向可能向西；C 正确. D、当加速度方向与速度方向相同时，速度增大，但加速度大小可以减小；D 正确. 4C【解析】解：设物体的加速度为 a。由速度位移关系公式得：v2=2aL （2v）2=2ax 解得：x=L41故 C 正确，ABD 错误。故选：C。 5B【解析】A.根据 x-t 图象的斜率表示速度，知在 t1时刻，甲车的速度比乙车
3、的大，故 A错误； B.从同地同时出发后，在 t1时刻两车到达同一位置而相遇，故 B 正确； C.在 0t1内，两车的位移相等，时间也相等，则平均速度相等，故 C 错误； D.在 t1时刻以前，甲车速度先比乙车的速度小，后比乙车的速度大，故 D 错误。 6C 【解析】A、小球处于静止状态，重力和绳的弹力平衡，斜面与球之间不可能产生弹力，否则小球不可能平衡，故 A 图中球只受一个弹力作用，故 A 错误；B 图中物体 A 只受重力和支持力，支持力是弹力，即只有一个弹力，故 B 错误；C 图中小球受到绳子拉力、重力、斜面的支持力三力作用下处于平衡状态，因此小球受两个弹力作用，故 C 正确；D、图中竖
4、直面对小球没有弹力作用，否则小球不可能处于平衡状态，故 D 错误 7B 解析：根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为：F=kx=100.1N=1N 故 A 答案错误 分析 A 球的受力情况，如图所示，根据平衡条件得： Tcos60=F N=G+Tsin60 解得：T=2N，N=（2+3 ）N， 即杆对 B 球支持力为（2+3）N， 2 / 4 根据牛顿第三定律小球 A 对杆的压力为（2+3）N 对 C 球：2Tsin60=GC，解得：C 球重力 GC=23N故 D 错误 B 正确 C 错误； 8A 9ABD 解析：A、前 3s 内的路程为：5+5+4+115m；故 A 错误； B、45s 内仍然运动
5、，所以 5s 内的路程最大；故 B 错误； CD、第 1s 内的位移为 5m，第 2s 内的位移为459m；故大小为 9m，第 3s 内的位移为 1m，第 4s 内的位移为3m，第 5s 内的位移为 2（6）8m；可知第 2s内的位移大小最大。故 C 正确，D 错误；故选：ABD。 10BC 【解析】根据滑动摩擦力的计算公式 可知：滑动摩擦力的大小与正压力成正比，可以与物体重力无关，A 不符合题意；由平衡条件可知，静摩擦力跟平行于接触面的外力大小有关，B 符合题意；物体间的压力增大时，静摩擦力有可能不变，比如：被压在竖直面的物体，C 符合题意；摩擦力的方向总是与相对运动方向相反，起阻碍物体相对
6、运动的作用，D 不符合题意；故答案为：BC 11BD 12BC 13C；乙【解析】解：（1）为了控制两次拉橡皮条的过程中力的作用效果要相同需要两次橡皮条的一端拉到同一位置，故 C 正确； （2）用一个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力的方向沿一定绳子方向，如图乙中的竖直方向，根据力的平行四边形定则作出的合力， 由于误差的存在， 作图法得到的合力与实验值有一定的差别， 即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，故乙同学的符合实验事实 14 （1）4； （2）10 【解析】(1) x0为乙图中 F0 时的 x 值，即 x04 cm,(2)测力计示数 F3.0 N，由乙图知弹簧长度 x10 cm. 15D
7、（1 分） C（1 分） A（1 分） B（1 分） 0.60（2 分） 【解析】(1)假设木板倾角为 ，则有 f=mgsin=mgcos，m 约掉了，所以当改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故 A 错误；实验中应先接通电源后释放小车，故 B 错误；为保证绳子的拉力近似地等于砝码及砝码盘的重力， 小车的质量应远大于砝码及砝码盘的重力， 故C 错误；根据 F=ma，可得Fam，可知当 F 一定时，a 与1m成正比，所以应作1Aam图象故 D 正确。 (2) A 中当 F=0 时，a0，也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，这是平衡摩擦力时木板倾角 太大，即平衡摩擦力过度引起的；C 中发现直
8、线没过原点，当 F0 时，a=0，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为 0，是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；设小车加速度为 a，对小车：F=Ma，对砝码和砝码盘：F-mg=ma，联立解得：mgamM所以砝码和砝码盘的质量 m 远小于小车的质量 M 时，当 m 逐渐变大时，a 逐渐变小，故图象出现弯曲所以原因是：没有满足小车质量远大于砝码和砝码盘的总质量（或 A 的质量远大于 B 的质量） (3)每两点之间还有 4 个点没有标出，所以每两点之间的时间间隔是 T=0.1s， 根据逐差 3 / 4 法可得小车的加速度大小为：423212()(0.60m/s)4ssssaT 16 解： 小球所受重
9、力 mg 产生了两个作用效果； 对斜面产生了压力和对水平绳产生了拉力 如图，由三角形知识得 F1mgcos （4 分） F2mgtan （4 分） 答案：mgcos mgtan 17解（1）设 m2运动至 C 点的时间为 t，根据自由落体运动的位移与时间的公式， 有：212hgt .（1 分） 解得：t2s. . .（1 分） (2)木块 m1在斜面上运动到 B 点速度：122 2 1m/s2m/sBvaL .（1 分） m1运动到 B 点的时间：12s=1s2Bvta 则 m1在 BC 段运动的时间为：t2tt1211s.（1 分） 由位移公式得：2221 212BLv tat.（1 分）
10、解得：a1.6m/s2. . . . . .（1 分） 加速度的大小为 1.6m/s2 （3） 由 222BCvvLt.（1 分） 解得 C 点相遇时木块速度为： vC0.4m/s.（1 分） 18解：（1）在 14s-18s 内小车在水平方向上只受到阻力作用，由图象可得， 2233303/0.75/18 14vam sm st .（2 分） 小车受到阻力大小：f=m=0.75N .（2 分） 在 0-2s 内小车在水平方向上受到牵引力和阻力作用，由图象可得 221111 0/0.5/20vam sm st- .（1 分） 由 F f = m a1 得，电动机提供的牵引力大小 F=ma1+f=
11、1.25N .（1 分） 4 / 4 即小车所受到的阻力大小为 0.75N，02s 时间内电动机提供的牵引力大小为 1.25N。 （2）在 10s-14s 内小车做匀速运动：22 23/412Sv tm ssm .（1 分） 在 14s-18s 内小车做匀减速直线运动：2333304622vvStmm .（1 分） 在 10s-18s 内小车的平均速度2323126/2.25/44SSvm sm stt .（2 分） 19(1)22/am s (2)8/Bvm s (3)3.2xm 解： （1）在水平面上，根据牛顿第二定律可知：Fmgma （2 分） 解得：22/am s （1 分） （2）有 M 到 B，根据速度位移公式可知： 22BvaL （2 分） 解得： 8/Bvm s （1 分） （3）在斜面上，根据牛顿第二定律可知：1sincosmgmgma （2 分） 解得： 2110/am s （1 分） 根据速度位移公式可知：2 12()0Bva x（或者212Bva x） （2 分） 解得：3.2xm （1 分）