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1、2014年湖南高考理科数学真题及答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1、满足(i的虚数单位)的复数z=A、 B、 C、 D、2、对一个容量为N的总体抽取容量为n的样本,当选取简单随机抽样、系统抽样和分层抽样三种不同方法抽取样本时,总体中每个个体被抽中的概率分别为、,则A、 B、 C、 D、3、已知f(x),g(x)分别是定义在R上的偶函数和奇函数,且f(x)-g(x)= ,则A、 B、 C、1 D、34、的展开式中的系数是A、-20 B、-5 C、5 D、205、已知命题p:若xy,则-xy,在命题 中,真命题是A、 B、 C、
2、 D、6、执行如图1所示的程序框图,如果输入的,则输出的S属于A、-6,-2 B、-5,-1C、-4,5 D、-3,67、一块石材表示的几何体的三视图如图2所示,将该石材切削、打磨、加工成球,则能得到的最大球的半径等于A、1 B、2 C、3 D、48、某市生产总值连续两年持续增加,第一年的增长率为p,第二年的增长率为q,则该市这两年的生产总值的年平均增长率为A、 B、C、 D、9、已知函数发,且,则函数的图象的一条对称轴是A、 B、x= C、x= D、x=10、已知函数与的图象在存在关于y轴对称点,则a的取值范围是A、 B、 C、 D、二、填空题,本大题共6小题,考生作答5小题,每小题5分,共
3、25分(一)选做题(请考生在第11,12,13三题中任选两题作答,如果全做,则按前两题记分)11在平面直角坐标系中,倾斜角为的直线 与曲线 (a为参数)交于A,B两点,且 .以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,则直线的极坐标方程是_。12. 如图3,已知,是的两条弦,, ,则的半径等于_。13若关于x的不等式 的解集为 ,则 a=_. (二)必做题(14-16题)14. 若变量满足约束条件 且 的最小值为-6,则_。15. 如图4正方形ABCD和正方形DEFG的边长分别为a,b(ab0)的左、右焦点分别为,离心率为:双曲线:的左、右焦点分别为,离心率为。已知=,且。()求、的的方
4、程;()过做的不垂直于y轴的弦AB,M为AB的中点,当直线OM与交于P,Q两点时,求四边形APBQ面积的最小值22、已知常数a0,函数。()讨论f(x)在区间上的单调性;()若f(x)存在两个极值点、,且f()+f()0,求a的取值范围参考答案1-5 BDCAC 6-10 DBDAB11.12.13.-314.-215.16. 17. 解:(1)设至少有一组研发成功的事件为事件且事件为事件的对立事件,则事件为一种新产品都没有成功,因为甲、乙成功的概率分别为,则,再根据对立事件概率之间的公式可得,所以至少一种产品研发成功的概率为(2)由题可得,设该企业可获得利润为,则的取值有0,120+0,10
5、0+0,120+100,即=0,120,100,220由独立试验的概率计算公式可得:所以的分布列如下:0100120220则数学期望.18.解:(1)在中,由余弦定理可得(2)设,则因为,所以于是在中,由正弦定理,得故19. (1)证明:因为四边形为矩形,所以又因为点是的中点,点是的中点,所以,所以同理,在矩形中,可得和是平面的两条相交的直线,故可得,底面(2)方法一:如图(a),过做于,连接由(1)知,底面,所以底面,于是又因为四棱柱的所有棱长都相等,所以四边形是菱形,因此,从而平面,所以,于是平面进而,故是二面角的平面角。不妨设,因为,所以在中,易知,而,于是得故即二面角的余弦值为方法二:
6、因为四棱柱的所有棱长都相等,所以四边形是菱形,因此,又底面,从而两两垂直。如图(b),以为坐标原点,坐在直线分别为轴,轴,轴,建立空间直角坐标系。设,因为,所以,于是相关各点的坐标为,易知是平面的一个法向量设是平面的一个法向量,则取,则,所以,设二面角的大小为,易知是锐角,于是故二面角的余弦值为20.解:(1)因为数列是递增数列,所以而,令,得到又因为是等差数列,所以因而解得或当时,这与是递增数列矛盾,故舍去,所以(2)由于是递增数列,因而,于是因为,所以由知,因此因为是递减数列,同理可得,故由可知,于是 故数列的通项公式是21.解:(1)因为,所以,即因此从而,于是所以故的方程分别为(2)因
7、为不垂直于轴,且过点,故可设直线的方程为,由得易知此方程的判别式大于0,设,则是上述方程的两个实根所以因此,于是的中点为,故直线的斜率为,的方程为,即由得所以,且从而设点到直线的距离为,则点到直线的距离也为,所以因为点在直线的异侧,所以于是,从而又因为所以故四边形的面积而故当时,取最小值2综上所述,四边形面积的最小值为222.解:(1)对函数求导,可得(*)因为,所以当时,此时,在区间上单调递增;当时,由得(舍去)当时,;当时,故在区间上单调递减,在上单调递增。综上所述,当时,在区间上单调递增;当时,在区间上单调递减,在上单调递增。(2)由(1)可知,当时,此时不存在极值点,因而要使得有两个极值点,必有,又的极值点只可能是,且由的定义可知,且,所以,解得,此时,由(*)式易知,分别是的极小值点和极大值点。而令,由且知当时,;当时,;记()当时,所以因此,在区间上单调递减从而故当时,()时,所以因此,在区间上单调递减,从而,故当时,综上所述,满足条件的的取值范围为