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1、精选优质文档-倾情为你奉上中考电功率实验题（专项练习）1、在“测量小电灯功率”的实验中，小电灯的额定电压为2.5 V，正常发光时的电阻约为10 .（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整.（2）连接好电路，闭合开关，小电灯发光，但电压表示数为0，经检查，图中a、b、c、d四根导线有一根断了，则该导线是_(填写字母).（3）排除故障后，闭合开关，测量小电灯额定功率，移动变阻器的滑片P，眼睛应先注视_表的示数，然后读出另一电表示数.当小电灯正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小电灯的额定功率为_W.（4）在小电灯正常发光时，再将滑片P向B端移动到某一位置，则小电灯的实际功率_(选填“
2、大于”、“小于”或“等于”)额定功率.2、）现要测量小灯泡的功率。小薇同学选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分电路，如图甲所示。（1）请添加一根导线，完成图甲所示的实验电路的连接。（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑至_端（选填“a”或“b”）。（3）闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为1.9V时，电流表示数如图乙所示，为_A，此时小灯泡的功率为_W。3、有一个小灯泡标有5.0V字样，要测定它的额定功率已知小灯泡正常发光时的电阻值约10，电源电压为6V（1）请你用笔画线代替导线，连接完成实验电路（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应该在 端（选填“a”或“b”）（3）某次连接线路后，闭
3、合开关灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数，猜想以下3种故障，其中可能的是 A可能是灯丝断了B可能是开关接线处断路C可能是小灯泡的灯座短路为避免出现上述故障时损坏电流表，选择的滑动变阻器的最大阻值应不小于 （4）排除故障后，移动变阻器滑片，观察当 表示数为 时，再记录另一个电表的示数，可以计算小灯泡的额定功率4、在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电池组(3V不变)、电流表、电压表、小灯泡（额定电压2.5V）、滑动变阻器、开关、导线若干，实物电路如图甲所示（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（2）连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，电压表示数始终为零，
4、电流表示数变化明显电路故障可能是 （3）排除故障后进行实验，图乙是由实验数据描绘得到的小灯泡的I U图像，则小灯泡额定功率是 W小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值是 （4）分析小灯泡的I U图像，发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化，从本质上讲，引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是 5、小明和小华测量定额电压为2.5V的小灯泡的额定功率（1）图甲是他们连接的部分电路请用笔画线代替导线将电路连接完整 闭合开关前，应将滑动变阻器处在最 （填写“左”或“右”）端 闭合开关后，发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表均无示数，小明找来一根完好的导线，一端连在电源负极，另一端触碰接
5、线柱A、B、C，当发现只有触碰接线柱C时，灯泡才发光，若电路中只有一处故障，且各器材，导线均完好，则电路故障可能是 排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器，当电压表为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W（2）小明和小华观察电流表和电压表均标有电阻值，请教老师后得知这是电表的电阻，为了在接好的图甲中较准确的测量出小灯泡的电功率，他们对电压表的负接线柱应该接在C处还是D处进行了探究，他们将开关闭合，移动滑动变阻器的滑片使灯泡发光，不添加器材，请你说出接下来的操作及判断方法操作 ；如何判断： （3）小明和小华重新设计了一种测量小灯泡额定功率的电路，如图丙所示，电源电压保持3.5V
6、不变，R0为阻值为10的定值电阻，连接好电路后进行如下操作：断开开关S2，闭合开关S和、S1，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.5V；保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表示数为2.6V；小灯泡的额电功率为 W（计算结果保留两位小数）6、某小组研究小灯泡电功率，小灯泡额定电压为2.5V，电源电压恒定不变，有规格为“10 2A”和“20 2A”的滑动变阻器各一个 (1)如图甲所示，选用“10 2A”规格的滑动变阻器进行实验连接电路时，需将滑动变阻器的滑 片P置于 （填“A或“B）端，其目的是 . (2)接着用开关迅速试触，灯泡发光，电压表示数如图乙，此时灯
7、泡两端电压为 V为了使灯 泡正常发光，接下来的操作是： . (3)实验中收集信息如上表. 分析表格中信息可得，小灯泡额定功率为 W；在电路安全范围内，小灯泡两端实际电压 越大，消耗的电功率 ，灯泡越亮. 7、小明利用如图所给的实验器材“测量小灯泡的额定功率”，已知电源电压恒为6V，小灯泡正常工作时的电压为3.8V，电阻约为12，滑动变阻器的规格为“20 2A”（1）请用笔画线代替导线，完成图1实物电路的连接（2）正确连接电路后，用开关试触，灯泡不亮，电压表瞬间满偏，电流表指针几乎不动，电路的故障是 （电路只有一处故障）（3）排除故障后，继续实验，闭合开关，移动滑片，当电压表的指针在某电压值时，
8、（请在图2中标出相应的电压值），小灯泡正常发光，电流表的示数如图3所示，小灯泡的额定功率是 W（4）测量完灯泡的额定功率后，小明有测量了几组数据，计算后发现灯丝电阻随其两端电压的增大而增大，原因是 【评估】小红也利用上述器材对该小灯泡的额定功率进行了测量，实验电路图如图4所示，实验结束后，两人对实验进行了交流与评估小红的实验结果误差较大，理由是 小明的实验更不容易操作，理由是 8、在“测量小灯泡的电功率”实验中电源电压为6V保持不变所用小灯泡的额定电压为25V小灯泡的电阻约为10。(1)用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮。(2)闭合开关S前，应将
9、滑动变阻器的滑片P移到最_端(选填“左”或“右”)。(3)闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是_ (填序号) A检查电路是开断路 B检查电路是开短路 C移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光(4)通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，灯丝的电阻会_ (选填“增大”、“不变”或“减小”)；小灯泡的额定功率为 _W。(5)若将小灯泡换成定值电阻，该电路还可以进行的实验有_ (清写出一个即可)。9、用图甲中所示实验器材测量小灯泡的电功率，小灯泡L的额定电压为2.5V（1）为了完成实验，请在图甲中用笔画线代替导
10、线将实验电路连接完整（连线不交叉）（2）闭合开关，发现电压表指针偏转如图乙所示，其原因是（3）排除故障后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为A，该小灯泡的额定功率是W10、小明同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，他想知道小灯泡正常工作时的电功率，于是在学校实验室借来一些实验器材，连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变（1）在图中找出连接错误的一根导线并在该导线上画“”，用笔画线代替导线将电路连接正确（所画的导线要用实线，不可用虚线）（2）该实验的原理是 （3）连接电路时，开关应该 （4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，他发现小灯泡始终
11、不亮，电流表有示数，电压表无示数则故障原因可能是 （5）在实验时，电压表出现了故障不能使用小明向老师借了一只定值电阻R0（R0阻值已知），设计了如图乙所示的电路，继续测量恒定电压为U的小灯泡的额定功率测量时，应先闭合开关S和S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为 时，小灯泡正常发光；接着将S1断开，S2闭合，读出电流表的示数为I，则小灯泡的额定功率P额= （用I、U额和R0表示）11、根据下列两个实验，回答相关问题：（1）电流做功的过程是把电能转化为其他形式能的过程，一般情况下电流做功的多少我们无法直接观察出小明同学为了“探究影响电流做功的因素”，设计了如图1所示的实验，通过此实验可以较形象的
12、比较出电流做功的多少该实验是通过观察 比较电流在不同情况下做功多少的，此过程中是把电能转化为 能；将滑动变阻器的滑片P向左调节时，电流表和电压表的示数都变大，相同时间内物体被吊起的度度也变大了，这说明 （2）实际生活中，用电器接通电源后，都伴有热量的产生，小明在“探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了如图2所示的实验装置，其中a、b、c、d四个相同的容器密闭着等量空气并与U形管紧密相连，实验前U形管两端液面相平，将1、2和3、4导线分别接到电源两端 在实验过程中，通过观察U形管中 的变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少：图甲所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与 的
13、关系，图乙所示的装置是用来研究通过电阻丝产生的热量与 的关系，综合分析图甲乙两装置的实验现象，可以得出的结论是 12、为了探究影响电流产生热量的因素，实验室准备了两个相同的烧瓶（内装质量相等的煤油）、两个带有橡皮塞的粗细均匀的相同温度计，四根不同阻值（R1R2 R3=R4）的电阻丝，以及相同的滑动变阻器、开关、导线、电源等两个实验小组根据提供的实验器材，分别设计了如图甲所示的两个方案（1）甲方案可探究电流和通电时间一定时，电流产生的热量跟关系（2）乙方案可探究和通电时间一定时，电流产生的热量跟关系（3）电阻在一定时间内产生的热量是通过烧瓶中煤油的多少反映出来的，这种研究问题的科学方法叫做法13
14、、用如图所示的实验器材探究“在电流一定时，电流的热效应与电阻的关系”装有煤油的瓶子内电阻丝的长度和粗细都相同，其中甲瓶内是铜丝，乙瓶内是镍铬合金丝（1）电流产生热量的多少不易直接测量因此，在这个实验中是通过观察来显示电流产生热量的多少，这种方法叫“转换法”（2）在这个实验中，除了控制电流、通电时间一定外，还要控制甲、乙两瓶内煤油的相同（3）闭合开关，把滑片移至某一位置进行实验，发现（选填“甲”或“乙”）瓶内温度计的示数升高快（4）通过这个实验得出结论是：14、如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝，瓶中插入温度计a、b。(1)利用此装置探究电流通过导体产生的热量与
15、哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油。闭合开关一段时间，可以通过 情况，判断电阻丝产生热量的多少，在此采用的方法是 。（2）此方案是探究 和时间相同时，电流通过电阻丝产生的热量与 大小的关系。(3)在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值 时，可以比较不同物质的吸热能力。若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体的比热容关系是C甲 C乙(填“大于”“小于”或“等于”)。15、同学们猜想电流通过导体产生的热量多少可能与通过导体的电流大小、导体的电阻以及通电时间有关为了验证猜想，使用了如图所示的实验装置：将一段电阻丝装在透明、密闭的空气盒中，用橡胶管将密
16、闭的空气盒和装有红色液体的U形玻璃管相连（实验前，U形管内两侧液面是相平的），请你回答下列问题：（1）将如图2所示装置接入电路中，需要通过观察来判断电流产生的热量多少；（2）如图2所示，左右两个相同的透明空气盒中密封着等量的空气，将该电路通电一定的时间，可探究电流通过导体产生的热量与的关系；（3）采用如图3所示的实验装置，通电相同时间，发现A管液面比B管液面高，由此现象可以得到的结论是：参考答案一、实验,探究题1、（1）如答图所示（2）b（3）电压0.6（4）小于【解析】（1）连接滑动变阻器时，应该选择上、下各一个接线柱连入电路，电路中已经将下面的接线柱A接入了电路，故应该再将C接线柱或D接线
17、柱与开关连接；（2）若a导线或d导线任意一根断了，都会造成电路断路，小电灯不会发光，电压表无示数；若c导线断了，小电灯没有接入电路，小电灯不亮，电压表示数为电源电压；若b导线断了，小电灯接入了电路并发光，电压表没有接入电路，电压表无示数；（3）小电灯的额定功率是指小电灯在额定电压下工作的功率，所以在移动滑片时要先注视电压表，当电压表示数为小电灯额定电压2.5 V时，再读电流表的示数，由题中实物图可知电流表使用的是00.6 A的量程，故电流表示数为 0.24 A，小电灯的额定功率PUI2.5 V0.24 A0.6 W；（4）滑动变阻器滑片P向B端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据串联分压
18、原理，滑动变阻器两端电压增大，小电灯两端电压变小，小于额定电压，则小电灯的实际功率小于额定功率. 2、 3、【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）从小灯泡的型号可以得出电压表应该选用015V这一量程的并联在小灯泡两端；根据小灯泡的额定电压和电阻求出电流，从而判定电流表量程；滑动变阻器采用一上一下的接法；（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片调至阻值最大位置；（3）电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，说明与电压表并联部分短路；根据电流表的最大电流求出滑动变阻器的最小阻值；（4）要注意电压表示数，当电压表示数等于灯泡额定电压时，灯泡正常发光【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为5V，则电压表
19、应该选用015V这一量程，电压表并联在小灯泡两端；灯泡的额定电流为：I=0.5A，电流表量程为00.6A；滑动变阻器采用一上一下的接法；如图：；（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片调至阻值最大位置，即a端；（3）电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，灯泡不发光，说明与电压表的灯泡短路了；故选C；电源电压为6V，电流表的最大值为0.6A，则滑动变阻器的最小阻值为：R=10；（4）因为灯泡的额定电压为5V，所以在实验过程中，眼睛应注意观察电压表当电压表示数是5V时，表明灯正常发光，记下此时电流表的示数故答案为：（1）如图；（2）a；（3）C；10；（4）电压；5V4、（1）如图（2）小灯泡短
20、路（灯座短路或电压表短路也正确） （3）0.625 2 （4）温度 5、【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表量程与灯并联；闭合闭合开关前，应将滑动变阻器处在阻值最大处；发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；找来一根完好的导线一端连在电源负极，另一端触碰接线柱A、B、C，当发现只有触碰接线柱C时，灯泡才发光，说明ABC处有断路；根据图乙电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；（2）分析分别将电压表的负接线柱接在C处和D处时，电流表和电压表对测量灯的电流和电压的影响，确定通过比较和大小关系，确定是电压表还是电流表对测
21、量的影响大；若，说明电流表的分压较电压表的分流作用大，为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接D处；若，说明电压表的分流较电流表的分压作用大，为避免电压表的分流对电流表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接C；（3）根据变阻器连入电路中电阻大小不变，由第2次操作，由串联电路的规律和欧姆定律可求变阻器连入电路 中的电阻大小，在第1次操作中，根据串联电路的规律和欧姆定律，求出通过变阻器的电流即灯的额定电流，根据P=UI求灯的额定功率【解答】解：（1）因灯的电压为2.5V，电压表选用小量程与灯并联，如下所示：闭合开关前，应将滑动变阻器处在阻值最大处即最左端闭合开关后，发现
22、无论怎样调节滑动变阻器的滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；小明找来一根完好的导线，一端连在电源负极，当发现只有触碰接线柱C时，灯泡才发光，说明电源负极与C间发生断路，若电路中只有一处故障，则电路故障可能是变阻器断路；移动滑动变阻器，当电压表为2.5V时，电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V0.3A=0.75W（2）在（1）图中，分别将电压表的负接线柱接在C处和D处，分别记下电压表的示数和电流表的示数UC、IC，UD、ID滑片，接到C时，电流表测量的电流大小等于通过灯的电流，而电压表测灯与电流
23、表串联的电压；接到D时，电压表测灯的电压是准确的，而电流表测通过电压表与灯的总电流；若，说明电流表的分压较电压表的分流作用大，为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接D处；若，说明电压表的分流较电流表的分压作用大，为避免电压表的分流对电流表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接C；（3）在上面的第2次操作中，保持持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表示数为2.6V；此时定值电阻与变阻器串联，根据串联电路的电压规律，变阻器的电压U滑=3.5V2.6V=0.9V，根据分压原理，即，R滑=；故在第1次操作中，由串联电路的规律和欧姆定律，通过
24、变阻器的电流即灯的额定电流：IL=A；故灯的额定功率：PL=ULIL=2.5VA0.72W故答案为：（1）如上所示；左；变阻器断路；0.75；（2）分别将电压表的负接线柱接在C处和D处，分别记下电压表的示数和电流表的示数UC、IC，UD、ID滑片，比较与的大小；若，说明电流表的分压较电压表的分流作用大，为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接D处；若，说明电压表的分流较电流表的分压作用大，为避免电压表的分流对电流表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接C；（3）0.726、 (1)(2分)A 保护电路 (2)(3分)2.8 断开开关，用“20 2A”替换“10 2A
25、”的滑动变阻器，并调节滑片P到接入电 路的阻值最大处；闭合开关，调节滑片P，直至观察到电压表示数为2.5V(3)（1分）0.75 越大7、【分析】（1）本实验中电流表应与灯泡串联，根据灯泡正常工作电流选择电流表量程；（2）电路短路时，电路中仍有电流，用电器能工作电路断路时，电路中无电流，用电器不工作根据电流表、电压表在电路中的不同特征来判断；（3）读出灯泡正常发光时电流表示数，由P=UI计算小灯泡的额定功率；（4）影响导体电阻的因素有材料、长度、横截面积，另外还与温度有关，大部分金属导体，电阻值随温度的升高而增大；【评估】由电源电压和灯泡额定电压，从两人实验中电压表量程上分析解答【解答】解：（
26、1）测量小灯泡的额定功率实验中，电流表应与灯泡串联，由欧姆定律可知灯泡正常发光的电流约为：I=0.32A，由此完成电路连接如图所示：；（2）正确连接电路后，用开关试触，灯泡不亮，电流表指针几乎不动，说明电路可能有断路，电压表瞬间满偏，说明电压表到电源间是通路，所以电路的故障是与电压表并联的滑动变阻器断路了；（3）根据图3，电流表的量程为00.6A，其分度值为0.02A，所以灯泡正常发光时的电流为0.3A，则灯泡的额定功率：P=UI=3.8V0.3A=1.14W；（4）随着电压的变大，通过灯丝的电流变大，灯丝产生的热量变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻值变大，即灯丝电阻随温度升高而增大；【评估】由
27、题知，电源电压恒为6V，而小灯泡额定电压为3.8V，由图4小红的实验电路知，电压表应选择015V量程，量程过大，所以电压的测量不够精确；由图1知，小明的实验中电压表测滑动变阻器两端电压，闭合开关前变阻器阻值要滑到最大值处，由串联电路的分压原理知： =，即： =，则UR=U=6V=3.75V，所以电压表要使用015V量程，调节滑动变阻器后，因为灯泡正常发光电压3.8V，变阻器两端此时电压为6V3.8V=2.2V，所以为了精确测量再将电压表换成03V量程，所以操作麻烦故答案为：（1）见上图；（2）滑动变阻器断路；（3）1.14；（4）灯丝电阻随温度升高而增大；【评估】电压表应选择015V量程，量程
28、过大，所以电压的测量不够精确；电源电压6V，操作中电压表先使用015V量程，调节变阻器后再使用03V量程，操作比较麻烦8、(1)(2)左 (3)C (1)增大 0.5(5)伏安法测电阻或电阻一定时，研究通过导体的电流与导体两端电压的关系【解析】I=2.5V0.2A=0.5W；（5）若将小灯泡换成定值电Rl，用电压表测量电阻，电流表测量电流，根据可以测量电阻故答案为：（1）（2）左；（3）C；（4）增大；0.5；（5）伏安法测电阻9、（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，电流表串联在电路中；（2）使用电压表测电压时，应让电流从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电压表指针将反向偏转；（
29、3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图丙的量程和分度值读出通过小灯泡的电流，根据P=UI求出该小灯泡的额定功率【解答】解：（1）滑动变阻器的任意上方接线柱与灯泡串联，电流表的负接线柱与电源的负极相连，如下图所示：（2）由图乙可知，电压表指针向左偏转，由此可见，电压表正负接线柱接反了；（3）灯泡正常发光时的电压为2.5V，图丙中电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，通过小灯泡的电流为0.3A，则该小灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W故答案为：（1）如上图所示；（2）电压表正负接线柱接反了；（3）0.3；0.7510、（1）如下图所示；（2）P=UI；（3）断开；
30、（4）小灯泡短路；（5）；U额（I）11、【考点】J6：电功的测量；JH：焦耳定律【分析】（1）电流做的功过程中，将电能转化为物体的机械能；根据W=UIt进行分析，即当时间相同时，电压越大，电流越大，电流做的功就越多，电流转化为物体的机械能就越多；（2）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同；综合分析图甲乙两装置的实验现象得出结论【解答】解：（1）图1所示的实验是通过观察
31、物体被提升的高度来比较电流在不同情况下做功多少的；由W=UIt可知，当时间相同时，电压越大，通过的电流越大，物体被吊起的高度也越大，说明电能转化为物体的机械能越大，即电流做功越多（2）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电阻的关系；通过一段时间后，b容器中U形管液面高度差大，电流产生的热量较多；图乙装置中两个5的电阻并联后再与一个5的电阻串联，由串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端电阻的电流相等，即I右
32、=I左；两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I左=I内+I外，所以，I左I内，烧瓶内的电阻值都是5，阻值相等，通电时间相等，电流不同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电流的关系；通过一段时间，c容器中U形管液面高度差大，电流产生的热量多；综合分析图甲乙两装置的实验现象，可以得出的结论是：电流通过导体产生热量与通过导体的电流和电阻大小有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多故答案为：（1）物体被提升的高度；机械；物体被提升的高度；当时间相同时，电压越大，通过的电流越大，电流做功越多；（2）液面高度；电阻大小；电流大小；电流通过导体产生热量与通过导体的电流和电阻大小
33、有关，通过导体的电流越大，导体的电阻越大，产生的热量越多12、【考点】焦耳定律【分析】（1）（2）分析甲图和乙图中电阻丝的连接方式（串联时电流相同、通电时间相同），并结合焦耳定律找出相同的量和不同的量，据此分析得出答案（3）电流通过导体产生热量的多少，我们通过肉眼直接观察看不到其多少，在此应用了转换法，把电流通过导体产生热量的多少用我们能看到的现象表现出来【解答】解：（1）由图甲知，两电阻丝串联，通过的电流相同、通电时间相同，两电阻的阻值不同，所以可探究的问题是在通过的电流一定时，电热与电阻的关系；（2）由图乙知，两电阻丝并联，并且两电阻的阻值、通电时间相同，探究的问题是在电阻和通电时间一定时
34、，电热与电流的关系；（3）电流通过导体产生热量的多少，我们通过肉眼直接观察看不到其多少，但可以通过煤油的温度升高把电流通过导体产生热量的多少体现出来这种研究问题的科学方法叫做转换法故答案为：（1）电阻；（2）电阻；电流；（3）温度升高；转换13、【考点】焦耳定律【分析】（1）实验中将电阻丝产生热量的多少转换为温度计示数的变化（2）在做此实验时，要注意控制变量法的应用煤油的量相等，通电时间相同，煤油的初温相同（3）在电流一定时，电阻越大，产生的热量越多根据公式Q=I2Rt很容易比较出产生热量的关系（4）通过比较温度计示数的变化情况和电阻的大小关系得出结论【解答】解：（1）实验中通过温度计升高的示
35、数来判断产生热量的多少 （2）此实验充分显示了控制变量法的应用注意控制煤油的质量、通电时间和煤油的初温（3）根据公式Q=I2Rt得，在电流一定时，电阻越大，产生的热量越多因为乙导线是镍铬合金的，电阻很大，所以乙瓶内温度计的示数升高的多（4）实验中，两烧瓶中电流相同，通电时间相同，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此可得出结论：通过导体电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多故答案为：（1）温度计示数变化；（2）质量；（3）乙；（4）在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生热量越多14、（1）温度变化、转换法（2）电流、电阻（3）相同、小于 【解析】试题分析：（1）电流通过导体产生的热量不易直接
36、观察，本实验中通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少；在此采用的方法是转换法；（2）探究电流产生的热量多少与电阻的关系时，应控制通过甲乙两电阻的电流和通电时间不变，故据图可知，此时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，故该装置可以探究电热和电阻的关系；（3）在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值R甲=R乙时，即相同的时间两电阻丝上产生的热量相同，故温度计a比温度计b温度升高得快，则说明甲的比热容小于乙的比热容。考点：焦耳定律15、【考点】焦耳定律【分析】（1）本实验中，电流通过电阻丝产生热量，被空气吸收，空气的温度升高；是通过U形管中液面高度变化情况反应电流产生热量
37、的多少；电流产生的热量越多、空气吸收的热量越多、液面高度变化越大；（2）并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流大于支路电流，据此分析乙图中两容器内电流的大小关系，运用控制变量法分析解答；（3）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变【解答】解：（1）本实验是通过观察U形管中液面高度变化情况来判断电流产生的热量的多少，液面高度变化越大，电流产生的热量越多；（2）在乙图中，右则容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联，这样使左容器中的电阻在干路，右容器中的电阻在支路，干路电流大于支路电流，所以左则容器中电阻的电流大于右则容器中电阻的电流；在通电时间相同的情况下，可探究电流通过导题产生的热量与电流的关系；（3）由图3可知，该电路为串联电路，电流和通电时间相同，故结论为：在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，电流通过电阻产生的热量越多故答案为：（1）U形管两侧液面高度差；（2）电流；（3）在通电时间和电流相同时，电阻越大，产生的电热越多专心-专注-专业