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1、精选优质文档-倾情为你奉上 江苏省南京市2018届高三下学期第三次模拟考试物理试题一、单项选译题（5小题）1. 对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的是A. 法拉第通过实验研究，总结出“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应B. 奥斯特发现了电流的磁效应并提出了“分子电流假说”C. 牛顿用“理想实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动原因”的观点D. 开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了“日心说”【答案】A【解析】A、法拉第通过实验研究，总结出“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应，故A正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说，故B错误；C、
2、伽利略通过“理想实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动原因”的观点，故C错误；D、哥白尼提出了日心说，开普勒在研究前人观测的天文数据的基础上，发现了行星运动三定律，故D错误；故选A。【点睛】关键是了解高中的重要物理学史，知道各个重要规律的发现者以及重要规律发现的历史背景、使用条件等。2. “天宫一号”目标飞行器运行在平均高度约362千米的圆轨道上.在北京航天飞控中心监控下，已于4月2日8时15分左右再入大气层烧毁，完成使命.关于“天宫一号”，下列说法正确的是A. 在轨运行的周期比月球绕地球的周期长B. 在轨运行的加速度比地面重力加速度大C. 在轨运行的速度比第一宇宙速度小D. 进入大气层后
3、，速度增大，机械能增大【答案】C【解析】ABC、根据万有引力提供向心力有，解得：，故天宫一号在轨运行的周期比月球绕地球的周期小；解得，故天宫一号在轨运行的加速度比地面重力加速度小，解得，故天宫一号在轨运行的速度比第一宇宙速度小，故C正确，AB错误；D、进入大气层后，与空气之间有摩擦，克服摩擦做功，机械能减小，由可知速度增大，故D错误；故选C。3. 如图所示，电源电动势为E,其内阻r不可忽略，是完全相同的灯泡，线圈L的直流电阻不计，电容器的电容为C.下列说法正确的是A. 刚接通开关S的瞬间，立即亮，逐渐变亮B. 合上开关S,电路稳定后，灯泡的亮度相同C. 电路稳定后在断开S的瞬间，通过灯泡的电流
4、方向向右D. 电路稳定后在断开S的瞬间，通过灯泡的电流为零【答案】C【解析】A、刚接通开关S的瞬间，线圈中电流要增大，则出现自感电动势，L1立即亮，L2逐渐变亮，故A错误；B、合上开关S，当电路稳定后，由于线圈的直流电阻为零，当则灯泡L1被短路，故B错误；C、当断开S的瞬间，线圈中电流要减小，则出现自感电动势，通过灯泡L1的电流方向向右，故C正确；D、断开S的瞬间，电容器也要放电，则灯泡L2慢慢熄灭，故D错误；故选C。【点睛】当电路稳定后，电容器已充满电，而线圈相当于导线，将灯泡L1短路；当断开S瞬间时，线圈出现自感电动势，对灯泡L1放电，而电容器也要对灯泡L2放电，从而即可求解。4. 如图所
5、示，空间有一圆锥,点A、分别是两母线的中点。现在顶点O处固定一正的点电荷，下列说法中正确的是A. A、A两点的电场强度相同B. 平行于底面的圆心为的截面为等势面C. 将一正的试探电荷从A点沿直径移到点，静电力对该试探电荷先做正功后做负功D. 若B点的电势为,A点的电势为，则BA连线中点C处的电势小于【答案】D【解析】A、A、两点到O点的距离相等，根据点电荷的场强公式分析可知，A、两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；B、点电荷在真空中形成的电场的等势面是以点电荷为球心的一簇球面，所以平行于底面的圆心为的截面不是等势面，故B错误；C、将一正的试探电荷从A点沿直径移到点，电势先增大后减小，
6、由可知，电势能先增大后减小，所以静电力对该试探电荷先做负功后做正功，故C错误；D、由于AC间场强大于CB间场强，由U=Ed知，AC间的电势差大于CB间的电势差，则有：，则，故D正确；故选D。【点睛】本题关键是明确点电荷的电场分布情况，注意根据对称性分析，同时要注意场强是矢量，电势是标量。5. 已知一足够长的传送带与水平面的倾角为,以一定的速度匀速运动，某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块(如图甲所示),以此时为t=0记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系(如图乙所示),图中取沿斜面向上的运动方向为正方向，,已知传送带的速度保持不变，则A. 物块在内运动的位移比在内运动的
7、位移小B. 若物块与传送带间的动摩擦因数为,那么C. 内，传送带对物块做功为D. 内物块动能变化量大小一定小于物体与皮带间摩擦而产生的热量【答案】D【解析】A、由图知位移的大小等于所围成的面积，物块在内运动的位移大小，物块在t1t2内运动的位移大小，故A错误；B、在t1t2内，物块向上运动，则有，得，故B错误；D、物块的重力势能减小、动能也减小，都转化为系统产生的内能，则由能量守恒得知，系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小，故D正确；故选D。二、多项选择题（ 4小题）6. 如图甲所示，不计电阻的矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经
8、原副线圈匝数比为1:10的理想变压器给一灯泡供电，灯泡上标有“220V 22W”字样，如图丙所示，则A. t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零B. 灯泡中的电流方向每秒钟改变100次C. 灯泡正常发光D. 电流表示数为【答案】BC【解析】A、由图乙可知，当0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；B、由图可知，交流电的周期为0.02s，则，所以灯泡中的电流方向每秒钟改变100次，故B正确；CD、原线圈输入电压为有效值为22V，则副线圈的电压为2210=220V；由P=UI可知，副线圈电流I2=0.1A，则I1=1A，灯泡正常发光，故额定电压为220V，故C正
9、确，D错误；故选BC。7. 抛出的铅球在空中运动轨迹如图所示，A、B为轨迹上等高的两点，铅球可视为质点，空气阻力不计.用v、E、Ek、P分别表示铅球的速率、机械能、动能和重力瞬时功率的大小，用t表示铅球在空中从A运动到B的时间，则下列图象中不正确的是A. B. C. D. 【答案】ABC【解析】AB、铅球做斜上抛运动，空气阻力不计，机械能守恒，重力势能先增加后减小，故动能先减小后增加，速度先减小后增加，故AB错误；C、以初始位置为零势能面，踢出时速度方向速度为vy，足球的机械能守恒，则，故C错误；D、速度的水平分量不变，竖直分量先减小到零，后反向增加，故根据，重力的功率先均匀减小后均匀增加，故
10、D正确；不正确的是故选ABC。【点睛】物体做斜抛运动，根据运动的分解和合成的规律将其分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的上抛运动，根据运动学公式和机械能守恒定律进行分析。8. 如图所示，宽度为d、厚度为h的金属导体放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中，当电流通过该导体时，在导体的上、下表面之间会产生电势差，这种现象称为霍尔效应.实验表明：当磁场不太强时，电势差U、电流I和磁感应强度B的关系为,式中的比例系数k称为霍尔系数，设载流子的电荷量大小为q,金属导体单位体积内的自由电荷数目为n,下列说法正确的是A. 导体上表面的电势大于下表面的电势B. 霍尔系数为C. 载流子所受静电力的大小D.
11、 载流子所受洛伦兹力的大小【答案】BD【解析】A、由左手定则可知，载流子受到的洛伦兹力向上，由于载流子是自由电子，故导体上表面的电势小于下表面的电势，故A错误；C、导体中的电场强度，载流子所受电场力，故C错误；B、稳定时，电场力与洛伦兹力相等，即 ，解得，又电流的微观表达式：，解两式得：，则霍尔系数为，式中n为单位体积内的电荷数，故B正确；D、稳定时，电场力与洛伦兹力相等，载流子所受洛伦兹力的大小，故D正确；故选BD。9. 如图所示，轻弹簧一端固定于O点，另一端与可视为质点的小滑块连接，把滑块放在光滑斜面上的A点，此时弹簧恰好水平，将滑块从A点由静止释放，经B点到达位于O点正下方的C点，当滑块
12、运动到B点时弹簧与斜面垂直，运动到C点时弹簧恰好处于原长，已知OC的距离为L,斜面倾角为=30,弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g.则滑块由A运动到C的过程中A. 滑块的加速度一直减小B. 滑块经过B点时的速度一定最大C. 滑块经过C点的速度大于D. 滑块的加速度大小等于的位置一共有三处【答案】CD【解析】AD、滑块下滑过程中受到重力，斜面对它的支持力，还有弹簧弹力在C点弹簧恰处于原长，故在C点加速度大小为，当滑块运动到B点时弹簧与斜面垂直，在B点加速度大小为，滑块从A到B过程中,与C关于B点对称的D点位置，弹簧恰处于原长，加速度大小，故A错误，D正确；B、当加速度为零时，速度最大或最小，由
13、于在B点加速度大小不为零，滑块经过B点时的速度不是最大，故B错误；C、A到D阶段弹力做正功， D到C阶段不做功；设整个过程弹力做功为W，到达C点时速度为v，则由动能定理：可得c点速度，故C正确；故选CD三、实验题（2小题）10. 如图甲所示，在水平桌面上，一轻质弹簧左端固定，右边紧贴着一个带有遮光片的物块(物块与弹簧不栓接),物块在B处时，弹簧处于原长，B处放置有光电门，开启光电门，缓慢推动物块向左移动至A处，然后将物块由静止释放，物块被弹出经过光电门，最终停在C处，重力加速度为g.(1)若要用上述装置测定滑块和水平面之间的动摩擦因数,除了测量遮光片宽度d和遮光片挡光时间t，还需测量的物理量是
14、_.若该物理量用字母x表示，则动摩擦因数的表达式为=_(用符号表示).(2)如图乙，用游标卡尺测得遮光片宽度d=_cm.(3)某同学认为，若再测出滑块质量m,就可以测得滑块在A处时弹簧的弹性势能，即. 显然_ (选填“”、“”或“=”).【答案】 (1). BC长度 (2). (3). 0.600 (4). 【解析】(1)根据极限的思想，在时间很短时，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，所以铁块通过光电门的速度是，滑块做的是匀减速直线运动，根据光电门和C点之间的距离L，由速度位移的关系式可得：，对于整体由牛顿第二定律可得：，因为：f=FN，所以由以上三式可得：；故还需要测量光电门和C点之
15、间的BC长度；(2)游标卡尺主尺读数为0.6cm，游标尺上第0个刻度与主尺上某一刻度对齐，则游标读数为00.05=0.00mm=0.000cm，所以最终读数为：0.6cm+0.000cm=0.600cm；(3) 根据能量守恒可知，故小于；11. 利用电压表和电阻箱可以测量电池的电动势和内电阻，某同学找到了如下的器材：电池组(电动势约为6.0V,内阻约为1),灵敏电流计G(满偏电流Ig=100A,内阻Rg=100),定值电阻,定值电阻,变阻箱 (阻值范围09.9可调),开关、导线若干。该同学发现还需要一个合适的电压表，于是把上述G表改装成电压表.(1)将G表改装成量程为6V的电压表，需将G表与_
16、(选填或)串联.(2)为了准确地测量出电池组的电动势和内电阻，请在图甲虚线框中把实验电路图补充完整，并在对应的电阻旁边标上(或)，如果为变阻箱，请补充完整其符号._(3)某次测量，电压表示数如图乙，其读数为 _ V.(4)经过多次测量，得出图丙所示的图像，由图可求得该电池组的电动势为_V,内阻为_(结果保留两位有效数字).【答案】 (1). (2). (3). 4.4 (4). 5.0V (5). 1.5【解析】(1)灵敏电流计G(满偏电流Ig=100A,内阻Rg=100) 改装成量程为6V的电压表，则有，故需将G表与R2串联；(2) 根据题意可知，本实验中采用电阻箱与改装后的电压表并联进行分
17、析，并且采用R1与电源串联充当保护电阻使用；故电路图如图所示；(3)某次测量，电压表示数如图乙，分度值为0.2V，其读数为；(4) 根据闭合电路欧姆定律可知：，变形可得，则由图象性质可知， ，解得该电池组的电动势为，内阻为 【点睛】根据电表的改装原理可明确改装后的电表的量程；根据电表的测量原理可明确对应的电路图，注意实验中采用的是伏阻法进行测量；根据闭合电路欧姆定律进行分析，得出对应的图象进行分析即可求得电源的电动势和内阻。四、选做题（9小题）12. 下列说法正确的是_A.当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大B.烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈
18、椭圆形，说明云母片是晶体C.温度高的物体分子平均动能不一定大，但内能一定大D.洗头发时，当头发浸泡在水中时呈散开状，露出水面后头发聚拢到一起，这是由水的表面张力引起的【答案】BD【解析】A、分子间的作用力跟分子间的距离r有关，当rr0时，分子间是引力；，分子力随分子间距离的减小而增大后减小，分子间距离的增大时分子之间的作用力做正功，分子势能减小；故A错误；B、烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，表现为各向异性，说明云母片是晶体，故B正确；C、温度是分子平均动能的标志，物体的内能与温度、质量、体积都有关系，所以温度高的物体分子平均动能一定大，但内能不一定大，故C错误；D、
19、洗头发时，当头发浸泡在水中时呈散开状，露出水面后头发聚拢到一起，这是由水的表面张力引起的，故D正确；故选BD。13. 在“用油膜法估测分子大小”的实验中，将1mL的油酸溶于酒精，制成500mL的油酸酒精溶液；测得1mL的油酸酒精溶液有100滴；将1滴油酸酒精溶液滴入事先洒有均匀痱子粉的水槽中，待油膜充分散开后，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图所示，坐标纸上正方形小方格的边长为2cm,则一滴油酸酒精溶液中的纯油酸的体积为_；油酸分子的直径为_m.(结果均保留一位有效数字)【答案】 (1). (2). 【解析】一滴酒精油酸溶液含纯油的体积：由图所示可知，共有个方格，油
20、膜的面积：，油酸分子直径为：14. 一定质量的理想气体变化情况如图所示.已知在状态B时，气体温度.求气体在状态A时的温度；气体由状态的过程中放出热量为,则此过程中气体内能增量为多少？【答案】【解析】解：由图可知 ，A到B气体做等容变化，有带入数据解得 由D到B过程，中外界对气体做功为 由热力学第一定律得，气体内能增量为15. 下列说法正确的是 _A.共享单车是“新四大发明”之一，手机和互联网、互联网和单车之间都是通过红外线传递信息的B.我国新型隐形战机J-20由于使用了吸收雷达电磁波材料，在雷达屏幕上显示的反射信息很小、很弱，因此很难被发现C.发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是由
21、于发生沙尘暴时只有波长较长的一部分光才能到达地面D.当声源相对于观察者运动时，观察者听到的声音的音调一定变高【答案】BC【解析】A、.共享单车是“新四大发明”之一，手机和互联网、互联网和单车之间都是通过电磁波传递信息的，故A错误；.C、发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是由于发生沙尘暴时只有波长较长的一部分光才能到达地面，故C正确；D、当声源离观测者而去时，声波的波长增加，音调变得低沉，当声源接近观测者时，声波的波长减小，音调就变高，故D错误；故选BC。16. 两列简谐波的振幅都是20cm,传播速度大小相同，实线波的频率为1Hz,沿x轴正方向传播，虚线波沿x轴负方向传播，某时刻两列
22、波在如图所示区域相遇，则在相遇区域 _填“会”或“不会”)发生干涉现象；从图示时刻起再经过0.5s,平衡位置为x=4cm处的质点的位移y=_cm.【答案】 (1). 不会 (2). 0【解析】实线波的频率为2Hz，周期为0.5s；由波速公式分析得到，虚线波的周期为0.75s，频率为，则两列波在相遇区域不会发生干涉现象；从图示时刻起再经过0.5s，实线波单独传播时x=4m处的质点位于平衡位置，虚线波单独传播时x=4m处的质点也位于平衡位置，据波的叠加原理可知，故此时质点的位移y=0。【点睛】对波的叠加原理的理解和应用能力，可运用波形平移法分析一列波单独传播时质点的状态。17. 如图所示是一个透明
23、圆柱的横截面，其半径为R,AB是一条直径.某学习小组通过实验去测定圆柱体的折射率，他们让一束平行光沿AB方向射向圆柱体，发现与AB相距的入射光线经折射后恰经过B点，已知：光在真空中的传播速度为c,求:这个圆柱体的折射率；光在透明圆柱中传播的速度.【答案】【解析】解：设光线P经折射后经过B点，光路如图所示：根据折射定律 有，解得又，得 联立求解可得 由，得光在玻璃体中传播的速度为18. 下列说法中正确的是_A.一个质子和一个中子结合成氘核，一定会释放出能量B.汤姆生发现电子，揭示了原子核内部有复杂结构C.根据玻尔理论，电子没有确定轨道，只存在电子云D.氢原子可以吸收小于使氢原子电离能量的任意能量
24、的光子，因而轨道半径可以连续增大【答案】A【解析】A、一个质子和一个中子结合成氘核，这一反应的质量亏损，一定会释放出能量，故A正确；B、汤姆生发现电子，知道原子还可以再分，提出了原子的“枣糕式”模型，故B错误；C、电子没有确定轨道，也不存在电子云；电子云是对电子轨道出现的几率的描述，故C错误；D、根据玻尔理论可知，原子从一个能量状态向另一个能量状态跃迁时要吸收或放出一定频率的光子，光子的能量等于两个状态的能级差，不是任意值，故D错误；故选A。19. 如图所示，当开关K断开时，用光子能量为2.8eV的一束光照射阴极P,发现电流表读数不为零.合上开关，调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.70V
25、时，电流表读数仍不为零；当电压表读数大于或等于0.70V时，电流表读数为零.由此可知阴极材料的逸出功为_eV；若将照射到阴极P上的该光的照射强度变为原来的2倍，则遏止电压为_V.【答案】 (1). 2.1eV (2). 0.70V【解析】解：用光子能量为2.8eV的光照射时，光电子逸出时的最大初动能，阴极材料的逸出功为W，据爱因斯坦光电效应方程得：，题图中光电管上加的是反向电压，据题意，当反向电压达到U=0.70 V以后，具有最大初动能的光电子也不能到达阳极，因此，解得；若将照射到阴极P上的该光的照射强度变为原来的2倍，遏止电压为20. 用速度为v的中子轰击静止的锂核()，发生核反应后生成氚核
26、和粒子，生成的氚核速度方向与中子的初速度方向相反，氚核与粒子的速度之比为7:8,已知中子的质量为m,质子的质量也可近似看作m,普朗克常量为h.写出核反应方程；该核反应中粒子对应的物质波的波长为多少?【答案】【解析】解：由题意可得，核反应方程为 由动量守恒定律得 又解得，粒子对应的物质波的波长为五、计算题（3小题）21. 如图甲所示，固定在水平桌面上的间距为L的光滑平行金属导轨，其右端MN间接有阻值为R的定值电阻，导轨上存在着以efhg为边界，宽度为d的匀强磁场，磁场磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，方向竖直向下.一长度为L的金属棒垂直于导轨放置，金属棒的电阻也为R,在t=0时刻从图示位
27、置在恒力作用下由静止开始沿导轨向右运动，时刻恰好进入磁场，此时磁感应强度为，并保持不变.金属棒从图示位置到恰好穿出磁场的运动过程中，电阻R上的电流大小不变.导轨电阻不计.求：(1)时间内流过电阻R的电流I的大小和方向；(2)金属棒穿过磁场的速度及所受恒力的大小；(3)金属棒从图示位置到恰好穿出磁场的运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q. 【答案】(1)，方向为由N到M；(2) ；(3)。【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求感应电动势的大小，然后再根据欧姆定律求解电流I的大小；根据导体中电流大小不变可以知道导体棒做匀速运动受力平衡，由受力分析和平衡知识求金属棒穿过磁场的速度及所受恒力的大小，求
28、出棒中磁场中运动的时间，从而根据焦耳定律求解电阻R上产生的焦耳热；解：(1)0t0时间内，由 解得 由 解得方向为由N到M (2)经分析可知，金属棒穿过磁场的过程中电动势大小与0t0时间内相同由 解得金属棒匀速通过磁场 代入数据解得 (3)金属棒从图示位置到恰好穿出磁场的运动过程中电流大小不变，为 金属棒匀速通过磁场的时间为 所以 22. 如图所示，物块A、B、C的质量分别为2m、2m、m,并均可视为质点，三个物块用轻绳通过轻质滑轮连接，在外力作用下现处于静止状态，此时物块A置于地面，物块B与C、C到地面的距离均是L,现将三个物块由静止释放。若C与地面、B与C相碰后速度立即减为零，A距离滑轮足
29、够远且不计一切阻力，重力加速度为g.求：(1)刚释放时A的加速度大小及轻绳对A的拉力大小；(2)物块A由最初位置上升的最大高度；(3)若改变A的质量使系统由静止释放后物块C能落地且物块B与C不相碰，则A的质量应满足的条件.【答案】(1) ，(2)(3).【解析】解：(1)刚释放时A、B、C的加速度大小为a，绳子对A拉力大小为F由受力分析可知对于A有 对于BC整体有 解得 (2)C下落L后落地，由可知此时的速度 由 得则物块由最初位置上升的最大高度 (3)若改变A的质量使系统由静止释放后物块C能落地，则A的质量需满足 同时使得B与C不相碰，即C落地后B减速下降到地面时速度为0，从释放到C落地的过
30、程中运用系统机械能守恒定律 解得 从C落地到B减速到地面速度为0的过程中运用系统机械能守恒定律解得 即A的质量满足系统由静止释放后物块C能落地且物块B与C不相碰23. )如图所示，平面直角坐标系x轴水平，y轴竖直向上，虚线MN与y轴平行，y轴左侧有竖直向下的匀强电场，场强，y轴与MN之间有平行于y轴的匀强电场，y轴右侧存在垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应强度B=1T.一带正电小球(，)从图中与y轴距离为的P点，以的初速度沿x轴正向开始运动，经坐标原点O越过y轴，在y轴与MN之间恰好做匀速圆周运动，再经C点越过MN，越过时速度方向与x轴正方向一致.线段CD平行于x轴，小球能通过D点，取.求：(1)经过O点时的速度；(2)匀强电场的场强以及C点的坐标；(3)线段CD的长度.【答案】(1)，与x轴夹角 ；(2) ，方向向上；C点坐标为(0.8m，-0.4m) (3) ，n=1,2,3，【解析】解：(1)小球在PO段做类平抛运动 与x轴夹角 (2)小球在y轴与MN之间做匀速圆周运动，重力与电场力平衡，方向向上 洛伦兹力提供小球做圆周运动的向心力 C点坐标为(0.8m，-0.4m) (3)在MN右侧，求由，得 小球在C点的速度大小是v=5m/s，可看成是v1=2m/s和v2=3m/s两个速度的合成，在磁场中小球的运动轨迹为摆轮线周期为 所以 ，n=1,2,3， 专心-专注-专业