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1、精选优质文档-倾情为你奉上绝密启用前江西省抚州市七校2019届高三10月联考物理试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1在选定正方向后,甲、乙两质点运动的x-t图象如图所示,则在0t2时间内A 甲质点做直线运动,乙质点做曲线运动B 乙质点的速度先增大后减小C t1时刻两质点速度大小一定相等D 0t2时间内,甲质点的平均速度大于乙质点的平均速度2水平桌面上有三木叠放在一起、质量均为m的书，书与桌面及书与书之
2、间的动摩擦因数均为，重力加速度为g，现想把中间的一本书水平抽出，则要用的力至少要大于（ ）A 4mgB 3mgC 2mgD mg32018年7月10日，我国成功发射了第32颗北斗导航卫星，该卫星的轨道半径为36000km， 7月29日又以“一箭双星”的方式成功发射了第33、34颗北斗导航卫星，这两颗卫星的轨道半径均为21500km。下列说法正确的是（ ）A 这三颗卫星的发射速度均小于7.9km/sB 第32颗卫星在轨道上运行时的速率比第33颗的大C 第32颗卫星与第33颗卫星加速度大小之比(4372)2D 第32颗卫星与第33颗卫星的运动周期之比为(4372)234一物块以某一初速度从倾角30
3、的固定斜面底端上滑，到达最大高度处后又返回斜底端，已知物块下滑时间是上滑时间的3倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为（取317）（ ）A 0.1B 0.29C 0.47D 0.585如图甲所示，光滑水平地面上放着一质量为m的物体，在02t0时间内，物体受到与水平方向成=37角斜向右上方的拉力作用，由静止开始沿地面运动；在2t03t0的时间内物体受到水平拉力作用，拉F的大小与时间的关系如图乙所示。已知sin3706，cos3708，下列说法正确的是（ ）A 在02t0时间内，物体的位移大小为10F0t02mB 在t0时，拉力的功率为25F02t0mC 在2t03t0时间内，拉力所做的功为289F02
4、t022mD 在03t0时间内，拉力的平均功率为289F02t06m6如图所示，在竖直平面内，一根不可伸长的轻质软绳两端打结系于“V形杆上的A、B两点，OM边竖直，O到A的距离等于O到B的距离。軟绳绕过光滑的滑轮，一重物悬挂于滑轮下，开始时整个系统处于静止状态6小于小90。若在纸面内绕O点顺时针方向缓慢转动“V形杆，直到ON边竖直，绳结没有在杆上滑动。则A处绳与杆间的摩擦力f（ ）A 一直增大B 一直减小C 先增大后小D 先减小后增大评卷人得分二、多选题72018年7月是精彩天象集中上演的月份，“水星东大距”、“火星冲日”、“月全食”等天象先后扮靓夜空，可谓精彩纷呈。发生于北京时间7月28日凌
5、晨的“月全食”，相对于今年1月31日发生的“月全食”来说，这次全食阶段持续时间长达1小时44分钟，比1月底的月全食时间更长。已知月球绕地球的运动轨迹可看做椭圆，地球始终在该椭圆轨道的一个焦点上，则相对1月的月球而言，7月的月球（ ）A 绕地球运动的线速度更大B 距离地球更近C 绕地球运动的线速度更小D 距离地球更远8如图所示，质量之比为1：3的两个小球A、B套在光滑的水平杆上，小球可以沿杆滑动，且两小球之间用一轻绳相连。当该装置绕中心轴线以某一角速度匀速转动时，两小球保持相对静止，则A、B两小球做圆周运动的（ ）A 向心加速度大小之比为1：3B 向心加速度大小之比为3：1C 轨道半径之比为1：
6、3D 轨道半径之比为3：19如图所示，小球从竖直放置的四分之一圆弧轨道abc的b点由静止开始沿轨道下滑，从c端水平飞出，恰好垂直撞到与水平面成30的斜面上的d点。已知小球的质量为1kg，圆弧轨道光滑，半径为0.9m，b点和圆心O的连线与水平方向的夹角为30，重力加速度10m/s2，则下列说法正确的是（ ）A 小球在c点时对轨道的压力大小为30NB c、d两点的高度差为1.35mC c、d两点的水平距离为3mD 小球从c点运动到d点的时间为3310s10如图所示，水平传送带AB间的距离为16m，质量分别为2kg、4kg的物块P、Q，通过绕在光滑定滑轮上的细线连接，Q在传送帯的左端且连接物块Q的细
7、线水平，当传送带以8ms的速度逆时针转动时，Q恰好静止。取重力加速度g10ms2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当传送带以8ms的速度顺时针转动时，下列说法正确的是A Q与传送带间的动摩擦因数为05B Q从传送带左端滑到右端所用的时间为24sC 整个过程中，Q相对传送带运动的距离为48mD Q从传送带左端滑到右端的过程细线受到的拉力为203N第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题11某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验（1）用如图甲所示的装置做实验，图中带滑轮的粗糙长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示所受拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是
8、_。A将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮不挂砂桶时小车能匀速滑动B为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量C小车远离打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录传感器的示数（2）在正确、规范的操作中，打出一条如图乙所示的纸带，每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器使用的电源频率为50Hz，打计数点“3”时小车的速度大小v3_ms；小车做匀加速直线运动的加速度大小a_ms2。（保留三位有效数字）12某同学用光电门验证机能守恒定律。如图甲所示，将某种铁质横杆固定在铁架台上方，在横杆一侧放置一磁铁，在横杆正下方
9、将光电门固定在铁架台上，将质量为m的小铁球吸至横杆下方，多次释放并调整小铁球释放位置和光电门位置，使小铁球球心恰好与光电中心在同一竖直线上，标记小铁球释放点，用直尺测量出横杆下边缘到光电门中心间的距离L，取重力加速度g98ms2。拿开磁铁后，铁质横杆的磁性立即消失。（1）用游标卡尺测出小铁球直径，测量结果如图乙所示，则小铁球的直径D_mm。（2）取作为小铁球经过光电门中心时的速度，则小鉄球从开始下落至小铁球中心通过光电门的过程中，重力勞能减少量Ep=_，动能的增加量Ek_。（均用已知或测量出的物理量的符号表示）（3）若某次实验的测量数据分别为L0531m，t36103s，m60103kg，则E
10、k=_J，Ep_J。（结果均保留三位有效数字）在误差允许的范国内，小铁球的机械能守恒。评卷人得分四、解答题13如图所示，质量为M的小车放在光滑的水平面上，小车上有一水平支架，一质量为m的小球用轻绳悬挂于支架上。現用一水平向右的力拉小球，使小球和车一起向右做匀加速直线运动，稳定时，轻绳与竖直方向的夹角为。重力加速度为g。求：（1）绳上的拉力大小FT；（2）拉小球的水平力大小F。14如图所示，将某物体以一定的速度水平抛出，A、B是其运动轨迹上的两点，物体在A、B两点时的速度方向与水平方向的夹角分別为1=37、2=53，且物体从A点运动到B点所经历的时间t1s。取力加速度g10ms2，sin3706
11、，cos3708，求（1）该物体水平抛出时的速度大小v0；（2）A、B两点间的高度差h。15甲车以v110ms的速度在平直的公路上匀速行驶，在某一时刻，停在甲车前方x032m处的乙车以加速度a2ms2开始沿同一方向做匀加速直线运动，在此后的运动中，甲车没有追上乙车。（1）求两车在运动过程的最小间距xmin；（2）若甲车可以追上乙车，求甲车匀速运动的最小速度vmin。16将一轻质弹簧竖直固定在水平地面上处于原长状态，让一质量m20g的小球从弹簧上端由静止释放，小球最大下落高度h15cm，将该弹簧固定在如图所示的轨道左侧竖直墙壁上，轨道中部有一半径R01m的竖直圆轨道，不同轨道的连接处均为平滑连接
12、，小滑块可以从圆轨道最低点的一侧进入圆轨道，绕圆轨道一周后从最低点向另一侧运动。轨道上弹簧右侧的M点到圆轨道左侧N点的距离xMN06m的范国内有摩擦，而其他部分均光滑。让另一质量m10g的小滑块从轨道右侧高h2（未知）处由静止释放，小滑块恰好能通过圆轨道最高点C，且第一次恰好能把弹簧压缩5cm，现让该小滑块从轨道右侧高h304m处由静止释放，已知重力加速度g10ms2，求（1）小滑块下落的高度h2；（2）小滑块停止时的位置到N点的距离专心-专注-专业参考答案1B【解析】【详解】甲乙均做直线运动，选项A错误；乙质点运动图线的切线的斜率先增大后减小，即乙质点速度先增大后减小，选项B正确，t1时刻两
13、质点运动图线的斜率的绝对值不一定相等，即速度大小不一定相等，选项C错误，0t2时间内，两质点的位移大小相等，由v=xt得，甲质点的平均速度等于乙质点的平均速度，选项D错误。故选B.【点睛】本题注意强化对x-t图象的理解2A【解析】【详解】要水平抽出第一本，拉力至少等于第一本书所受的最大静摩擦力，为 F1=mg；当第一本书与第二本书间、第二本书与第三本书间的静摩擦力都达到最大时，第二本书刚好被抽出。以第一本书为研究对象，由牛顿第二定律得 mg=ma1，以上面两本书为研究对象，根据牛顿第二定律得 F2-2mg=2ma1，联立解得 F2=4mg，故A正确，BCD错误。3C【解析】【详解】7.9km/
14、s是发射卫星的最小发射速度，故A错误；根据万有引力提向心力：GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，因为第32颗卫星的轨道半径比第33颗的大，所以第32颗卫星在轨道上运行时的速率比第33颗的小，故B错误；根据万有引力提向心力：GMmr2=ma，解得：a=GMr2，由此可知第32颗卫星与第33颗卫星加速度大小之比(4372)2，故C正确；根据万有引力提向心力：GMmr2=m42T2r，解得：T=42r3GM，第32颗卫星与第33颗卫星的运动周期之比为，故D错误。所以C正确，ABD错误。4C【解析】【详解】设向上、下运动的加速度的大小分别为a1、a2，根据x=12at2，由题意知物块下滑的时间是上
15、滑时间的3倍，即t2=3t1。联立可得：a1=9a2，对物块进行受力分析，可知向上运动的过程中：mgsin+mgcos=ma1，向下运动的过程中：mgsin-mgcos=ma2，联立并代入数据解得：=45tan3000.47，故C正确，ABD错误。5D【解析】【详解】02t0时间内的加速度为：a1=5F0cos370m=4F0m，物体的位移大小为：x1=12a12t02=8F0t02m，故A错误；在t0时，拉力的功率为：P=5F0cos370v=5F0a0t0=16F02t0m，故B错误；在2t03t0时间内，物体的加速度为：a2=9F0m，在2t03t0时间内的位移为：x2=a12t0t0+
16、12a2t02=25F0t022m，所以拉力所做的功为：W2=9F0x2=225F02t022m，故C错误；在02t0时间内拉力做的功为：W1=5F0cos370x1=32F02t02m，在03t0时间内做的总功为：W=W1+W2=289F02t022m，所以在03t0时间内，拉力的平均功率为：P=W3t0=289F02t06m，故D正确。所以D正确，ABC错误。6B【解析】【详解】设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为，受力如图所示：绳子张力为：T=mg2cos；以A点为研究对象，受力分析如图所示：根据平衡条件可知：F=Tcos+=mgcos+2cos=mg2cos-tansin，在纸内顺时针绕O
17、点按顺时针方向缓慢转动杆，绳子与竖直方向的夹角，先变大后变小，OA杆与竖直方向的夹角一直增大，当绳子与竖直方向的夹角变大，摩擦力减小，当绳子与竖直方向的夹角变小时，但+还是在增大，所以摩擦力还是在减小，故B正确，ACD错误。7CD【解析】【详解】地球绕着太阳公转，月球又绕着地球公转。发生月食的条件是，地球处于月球和太阳中间，挡住了太阳光。月全食持续的时间长短和太阳、地球、月球三者的位置关系密切相关。这次月全食的时间比较长，与月球恰巧位于远地点，与地球的距离比较远有关。所以7月的月球离地球更远，根据开普勒第二定律可知绕地球运动的线速度更小，故AB错误，CD正确；8BD【解析】【详解】两球同轴转动
18、角速度相同，由绳子的拉力提供向心力，则有：m12rA=m22rB，解得半径之比为rArB=m2m1=31，故D正确，C错误；根据a=r2知，半径之比为3：1，角速度相等，则向心加速度之比为3：1，故B正确，A错误。所以BD正确，AC错误。9BD【解析】【详解】从b到c根据动能定理：mgR-Rcos300=12mvc2，解得：vc=gR=3m/s，在c点根据牛顿第二定律：FN-mg=mvc2R，联立解得：FN=20N，故A错误；在d点根据平行四边形定则可得：tan300=vcvy=vcgt=3gt，解得：t=3310s，故D正确；c、d两点的高度差为：h=12gt2=121033102m=1.3
19、5m，故B正确。所以BD正确， AC错误。10AC【解析】【详解】当传送带以v=8m/s逆时针转动时，Q恰好静止不动，对Q受力分析知，F=f即为：mPg=mQg，解得：=0.5，故A正确；当传送带突然以v=8m/s顺时针转动，做初速度为零的匀加速直线运动，有：F合=mPg+Qmg=（mP+mQ）a，代入数据解得：a=203m/s2，当速度达到传送带速度即8m/s后，做匀速直线运动，匀加速的时间为：v=at1，解得：t1=1.2s，匀加速的位移为：x=v22a=4.8m，则匀速运动的时有：t2=L-xv=16-xv=1.4s，Q从传送带左端滑到右端所用的时间为：t总=t1+t2=2.6s，故B错
20、误；加速阶段的位移之差为x=vt1-x=4.8m即整个过程中，Q相对传送带运动的距离为4.8m，故C正确；当Q加速时，对P分析有：mPg-T=mPa，代入数据解得：T=203N，之后做匀速直线运动，有：T=20N，故D错误。所以AC正确，BD错误。11A;1.13;2.50;【解析】【详解】（1）连接拉力传感器和沙桶之前，将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动，平衡了摩擦力，故A正确；实验中拉力通过拉力传感器测出，不需要满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故B错误；实验时应先接通电源，再释放小车，小车应紧靠打点计时器，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故C错误。所以选A。（2）已知打点计
21、时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为：T=50.02s=0.1s。3点对应的速度为：v3=x242T=10.01+12.5010-220.1m/s=1.13m/s，由逐差法x=aT2可得：a=x56+x45+x34-x23+x12+x019T2，代入数据解得小车的加速度大小为：a=2.50m/s2。1211.52；mg(L-D2)； mD22t2 ；3.0710-2 ；3.0910-2 ；【解析】【详解】（1）游标卡尺的主尺读数为11mm，游标读数为0.0226=0.52mm，所以d=11mm+260.02mm=11.52mm。（2）小鉄球从开始下落至小铁球中心通过光电门的
22、过程中，重力勞能减少量Ep=mg（L-D2），小球经过光电门的时间为t,则速度为Dt，动能的增加量Ek=12mv2=12mDt2=mD22t2。（3）若某次实验的测量数据分别为L0.531m，t3.6103s，m6.0103kg，则代入公式可得：Ek=12mv2=mD22t2=3.0710-2J，Ep=mgL-D2=3.0910-2J.13（1）mgcos （2）(M+m)mgtanM 【解析】【分析】对小球受力分析根据正交分解可得绳上的拉力大小；根据牛顿第二定律求出小球的加速度，在对小球与小车整体分析可得拉小球的水平力大小。【详解】（1）对绳上的拉力正交分解可得：FTcos=mg解得：FT=
23、mgcos（2）小车水平方向的合力：F合=FTsin联立以上解得小车的加速度大小：a=mgtanM对小球与小车整体分析可得拉小球的水平力大小为：F=m+Ma=m+MmgtanM【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律、整体法与隔离法的应用，属于基础题。14（1）1207m/s （2）17.9m【解析】【分析】根据平行四边形定则求出初速度和竖直分速度；根据速度位移公式求出A与B间的高度差。【详解】（1）设物体从抛出点运动到A点所经历的时间为t，由平抛运动规律有：tan1=vyAv0 tan2=vyBv0其中：vyB=vyA+gt联立并代入数据解得：v0=1207m/s=17.1m/s，vyB=1607
24、m/s（2）由速度位移公式有：2gh=vyA2-vyB2代入数据解得：h=17.9m【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。15（1）7m(2)82m/s 【解析】【分析】当两车速度相等时，两车相距最小，结合速度时间公式求出相距最小的时间，结合位移公式求出最小速度。【详解】由题意可知，但两车速度相等时，他们的间距最小，此过程所用的时间为：t1=v1a=5st1内甲车的位移为：x甲=v1t1t1内乙车的位移为：x乙=12at12又：xmin=x乙+x0-x甲解得：xmin=7m（2）当两车速度相等甲车刚好追上乙车时，甲车匀速运动的速度最小，有：
25、此过程所用时间为：t2=vminat2内甲车的位移为：x甲=v1t2t2内乙车的位移为：x乙=12at22则有：x乙+x0=x甲解得：vmin=82m/s【点睛】本题考查了运动学中的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，知道两车速度相等时，相距最近。16(1)0.25m（2）0.4m【解析】【分析】小滑块恰好能过C点，根据牛顿第二定律和机械能守恒定律可得小滑块下落的高度h2；弹簧竖直放置，求出被压缩h1=5cm时的弹性势能，在根据动能定理即可求出小滑块停止时的位置到N点的距离。【详解】（1）小滑块恰好能过C点，根据牛顿第二定律可得：mg=mvC2R由机械能守恒定律可得：mgh2=mg2R+12mvC2解得：h2=0.25m（2）弹簧竖直放置，被压缩h1=5cm时的弹性势能EP=m0gh1=0.01J.由动能定理可知，从小滑块第一次滑至第一次把弹簧压缩到最短时有：mgh2=mgxMN+EP，其中EP=EP=0.01J解得：mgxMN=0.015J当小滑块从h3=0.4m处下滑后，第二次通过N点时的动能为：EKN=mgh3-2mgxMN=0.01J此时小滑块动能小于0.015J，故小滑块不在与弹簧相碰由动能定理可得：EKN=mgx解得：x=0.4m小滑块最终停在N点左侧0.4m处。【点睛】本题综合考查了牛顿第二定律、能量守恒，抓住临界状态，选择合适的规律进行求解。