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1、精选优质文档-倾情为你奉上计算题第一章1. 收发两端之间的传输距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2108m/s。试计算以下两种情况的发送时延和传播时延： （1）数据长度为107bit,数据发送速率为100kb/s。（2）数据长度为103bit,数据发送速率为1Gb/s。从上面的计算中可以得到什么样的结论？ 2.假设信号在媒体上的传播速度为2108m/s.媒体长度L分别为：（1）10cm（网络接口卡）（2）100m（局域网）（3）100km（城域网）（4）5000km（广域网）试计算出当数据率为1Mb/s和10Gb/s时在以上媒体中正在传播的比特数。3. 长度为100字节的应用层数据交
2、给传输层传送，需加上20字节的TCP首部。再交给网络层传送，需加上20字节的IP首部。最后交给数据链路层的以太网传送，加上首部和尾部工18字节。试求数据的传输效率。数据的传输效率是指发送的应用层数据除以所发送的总数据（即应用数据加上各种首部和尾部的额外开销）。若应用层数据长度为1000字节，数据的传输效率是多少？第二章1.假定某信道受奈氏准则限制的最高码元速率为20000码元/秒。如果采用振幅调制，把码元的振幅划分为16个不同等级来传送，那么可以获得多高的数据率（b/s）?2.假定要用3KHz带宽的电话信道传送64kb/s的数据（无差错传输），试问这个信道应具有多高的信噪比（分别用比值和分贝来
3、表示？这个结果说明什么问题？）3.用香农公式计算一下，假定信道带宽为为3100Hz，最大信道传输速率为35Kb/，那么若想使最大信道传输速率增加，问信噪比/应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比/应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比/再增大到十倍，问最大信息速率能否再增加？ 4.共有4个站进行码分多址通信。4个站的码片序列为 A：（11111111） B：（11111111） C：（11111111） D：（11111111） 现收到这样的码片序列S：（11311311）。问哪个站发送数据了？发送数据的站发送的是0还是1？第三章1.要发送的数据为。采用CRC的生成多项式是
4、P（X）=X4+X+1。试求应添加在数据后面的余数。数据在传输过程中最后一个1变成了0，问接收端能否发现？若数据在传输过程中最后两个1都变成了0，问接收端能否发现？采用CRC检验后，数据链路层的传输是否就变成了可靠的传输？2.要发送的数据为。采用CRCD 生成多项式是P（X）=X3+1。试求应添加在数据后面的余数。3.一个PPP帧的数据部分（用十六进制写出）是7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E。试问真正的数据是什么（用十六进制写出）？第四章 1.（1）子网掩码为255.255.255.0代表什么意思？ （2）一网络的现在掩码为255.255.255.248，问该网
5、络能够连接多少个主机？ （3）一A类网络和一B网络的子网号subnet-id分别为16个1和8个1，问这两个子网掩码有何不同？ （4）一个B类地址的子网掩码是255.255.240.0。试问在其中每一个子网上的主机数最多是多少？ （5）一A类网络的子网掩码为255.255.0.255；它是否为一个有效的子网掩码？ （6）某个IP地址的十六进制表示C2.2F.14.81，试将其转化为点分十进制的形式。这个地址是哪一类IP地址？ （7）C类网络使用子网掩码有无实际意义？为什么？2.试辨认以下IP地址的网络类别。（1）128.36.199.3 （2）21.12.240.17 （3）183.194.7
6、6.253 （4）192.12.69.248（5）89.3.0.1 （6）200.3.6.23.假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目（这三列分别表示“目的网络”、“距离”和“下一跳路由器”） N1 7 A N2 2 B N6 8 F N8 4 E N9 4 F现在B收到从C发来的路由信息（这两列分别表示“目的网络”“距离”）： N2 4 N3 8 N6 4 N8 3 N9 5试求出路由器B更新后的路由表（详细说明每一个步骤）。第五章1.主机A向主机B发送一个很长的文件，其长度为L字节。假定TCP使用的MSS有1460字节。（1）在TCP的序号不重复使用的条件下，L的最大值是多少？（2）假定
7、使用上面计算出文件长度，而运输层、网络层和数据链路层所使用的首部开销共66字节，链路的数据率为10Mb/s，试求这个文件所需的最短发送时间。2.主机A向主机B连续发送了两个TCP报文段，其序号分别为70和100。试问： （1）第一个报文段携带了多少个字节的数据？（2）主机B收到第一个报文段后发回的确认中的确认号应当是多少？（3）如果主机B收到第二个报文段后发回的确认中的确认号是180，试问A发送的第二个报文段中的数据有多少字节？（4）如果A发送的第一个报文段丢失了，但第二个报文段到达了B。B在第二个报文段到达后向A发送确认。试问这个确认号应为多少？3.一个TCP连接下面使用256kb/s的链路
8、，其端到端时延为128ms。经测试，发现吞吐量只有120kb/s。试问发送窗口W是多少？（提示：可以有两种答案，取决于接收等发出确认的时机）。4.通信信道带宽为1Gbs，端到端时延为10ms。TCP的发送窗口为65535字节。试问:可能达到的最大吞吐量是多少?信道的利用率是多少?5.什么是Karn算法?在TCP的重传机制中，若不采用Karn算法，而是在收到确认时都认为是对重传报文段的确认，那么由此得出的往返时延样本和重传时间都会偏小。试问：重传时间最后会减小到什么程度?6.假定TCP在开始建立连接时，发送方设定超时重传时间是RTO=6s。（1）当发送方接到对方的连接确认报文段时，测量出RTT样
9、本值为1.5s。试计算现在的RTO值。（2）当发送方发送数据报文段并接收到确认时，测量出RTT样本值为2.5s。试计算现在的RTO值。7. 已知第一次测得TCP的往返时延的当前值是30 ms。现在收到了三个接连的确认报文段，它们比相应的数据报文段的发送时间分别滞后的时间是：26ms，32ms和24ms。设=09。试计算每一次的新的加权平均往返时间值RTTs。讨论所得出的结果。8.试计算一个包括5段链路的运输连接的单程端到端时延。5段链路程中有2段是卫星链路，有3段是广域网链路。每条卫星链路又由上行链路和下行链路两部分组成。可以取这两部分的传播时延之和为250ms。每一个广域网的范围为1500k
10、m，其传播时延可按kms来计算。各数据链路速率为48kbs，帧长为960位。计算题答案第一章1.解：（1）发送时延：ts=107/105=100s 传播时延：tp=106/(2108)=0.005s （2）发送时延：ts =103/109=1s 传播时延：tp=106/(2108)=0.005s结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。但若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延中的主要成分。2.解：（1）1Mb/s：传播时延=0.1/(2108)=510-10 比特数=510-101106=510-4 1Gb/s：比特数=510-101109=510-
11、1 （2）1Mb/s：传播时延=100/(2108)=510-7 比特数=510-71106=510-1 1Gb/s：比特数=510-71109=5102 （3）1Mb/s：传播时延=/(2108)=510-4 比特数=510-41106=5102 1Gb/s：比特数=510-41109=5105 （4）1Mb/s：传播时延=/(2108)=2.510-2 比特数=2.510-21106=5104 1Gb/s：比特数=2.510-21109=5107 3. 解：（1）100/（100+20+20+18）=63.3% （2）1000/（1000+20+20+18）=94.5%第二章1.解：C=R
12、*Log2（16）=20000b/s*4=80000b/s2.解：C=Wlog2（1+S/N）(b/s) W=3khz，C=64khz-S/N=64.2dB 是个信噪比要求很高的信源3.解：C = W log2(1+S/N) b/s-SN1=2*（C1/W）-1=2*（35000/3100）-1 SN2=2*（C2/W）-1=2*（1.6*C1/w）-1=2*（1.6*35000/3100）-1 SN2/SN1=100信噪比应增大到约100倍。 C3=Wlong2（1+SN3）=Wlog2（1+10*SN2） C3/C2=18.5% 如果在此基础上将信噪比S/N再增大到10倍，最大信息通率只能
13、再增加18.5%左右4.解：SA=（11311311）8=1， A发送1 SB=（11311311）8=1， B发送0 SC=（11311311）8=0， C无发送 SD=（11311311）8=1， D发送1第三章1.答：作二进制除法， 0000 10011 得余数1110 ，添加的检验序 列是1110. 作二进制除法，两种错误均可发展 仅仅采用了CRC检验，缺重传机制，数据链路层的传输还不是可靠的传输。2.答：作二进制除法， 000 10011 添加在数据后面的余数是0113.答：7D 5E FE 27 7D 5D 7D 5D 65 7D 5E 7E FE 27 7D 7D 65 7D第四
14、章1.（1）有三种含义 其一是一个A类网的子网掩码，对于A类网络的IP地址，前8位表示网络号，后24位表示主机号，使用子网掩码255.255.255.0表示前8位为网络 号，中间16位用于子网段的划分，最后8位为主机号。 第二种情况为一个B类网，对于B类网络的IP地址，前16位表示网络号，后16位表示主机号，使用子网掩码255.255.255.0表示前16位为网络号，中间8位用于子网段的划分，最后8位为主机号。 第三种情况为一个C类网，这个子网掩码为C类网的默认子网掩码。（2）255.255.255.248即. 每一个子网上的主机为(23)=6 台 掩码位数29，该网络能够连接8个主机，扣除全
15、1和全0后为6台。（3）A类网络： 给定子网号（16位“1”）则子网掩码为255.255.255.0 B类网络 给定子网号（8位“1”）则子网掩码为255.255.255.0但子网数目不同（4）（240）10=（128+64+32+16）10=（）2 Host-id的位数为4+8=12，因此，最大主机数为： 212-2=4096-2=4094 . 主机数212-2（5)是 （6）C2 2F14 81-(12*16+2).(2*16+15).(16+4).(8*16+1)-194.47.20.129 C22F14 81-. C类地址（7）有实际意义.C类子网IP地址的32位中,前24位用于确定网
16、络号,后8位用于确定主机号.如果划分子网,可以选择后8位中的高位,这样做可以进一步划分网络,并且不增加路由表的内容,但是代价是主机数相信减少.2. （3）和(5)是A类,(1)和(3)是B类,(4)和(6)是C类.3. 路由器B更新后的路由表如下：N17A无新信息，不改变N25C相同的下一跳，更新N39C新的项目，添加进来N65C不同的下一跳，距离更短，更新N84E不同的下一跳，距离一样，不改变N94F不同的下一跳，距离更大，不改变第五章1解:(1)L_max的最大值是232=4GB,G=230. (2)满载分片数Q=L_max/MSS取整=发送的总报文数 N=Q*(MSS+66)+（L_ma
17、x-Q*MSS）+66=+682=总字节数是N=字节，发送字节需时间为：N*8/（10*106）=3591.3秒，即59.85分， 约1小时。2.解：（1）第一个报文段的数据序号是70到99，共30字节的数据。（2）确认号应为100.（3）80字节。（4）703.解：来回路程的时延等于256ms(=128ms2).设窗口值为X(注意:以字节为单 位),假定一次最大发送量等于窗口值,且发射时间等于256ms,那么,每发送一次都得停下来期待再次得到下一窗口的确认,以得到新的发送许可.这样,发射时间等于停止等待应答的时间,结果,测到的平均吞吐率就等于发送速率的一半,即8X(2561000)=2560
18、.001X=8192所以,窗口值为8192.4.答：L=655368+408= C=109b/s L/C=0.s Td=1010-3s 0. Throughput=L/(L/C+2Td)=/0.=25.5Mb/s Efficiency=(L/C)/(L/C+2D)=0.0255最大吞吐量为25.5Mb/s。信道利用率为25.5/1000=2.55%5.答：Karn算法：在计算平均往返时延RTT时，只要报文段重传了，就不采用其往返时延样本。 设新往返时延样本TiRTT（1）=a*RTT（i-1）+（1-a）*T（i）；RTT（i）=a* RTT（i-1）+（1-a）*T（i）/2；RTT（1）=
19、a*0+(1-a)*T(1)= (1-a)*T(1);RTT（1）=a*0+(1-a)*T(1)/2= RTT（1）/2RTT（2）= a*RTT（1）+（1-a）*T（2);RTT（2）= a*RTT（1）+（1-a）*T（2)/2;= a*RTT（1）/2+（1-a）*T（2)/2= RTT（2）/2RTO=beta*RTT,在统计意义上，重传时间最后会减小到使用karn算法的1/2.6.答：（1）据RFC2988建议，RTO=RTTs+4*RTTd。其中RTTd是RTTs的偏差加权均值。 初次测量时，RTTd（1）= RTT（1）/2； 后续测量中，RTTd（i）=（1-Beta）* R
20、TTd（i-1）+Beta* RTTs- RTT（i）； Beta=1/4 依题意，RTT（1）样本值为1.5秒，则 RTTs（1）=RTT（1）=1.5s RTTd(1)=RTT(1)/2=0.75s RTO(1)=RTTs(1)+4RTTd(1)=1.5+4*0.75=4.5(s)（2）RTT（2）=2.5 RTTs（1）=1.5s RTTd（1）=0.75s RTTd（2）=（1-Beta）* RTTd（1）+Beta* RTTs（1）- RT（3）=0.75*3/4+1.5-2.5/4=13/16 RTO(2)=RTTs（1）+4RTTd（2）=1.5+4*13/16=4.75s7. 答：a=0.1， RTTO=30RTT1=RTTO*(1-a) +26*a=29.6RTT2=RTT1*a+32(1-a)=29.84RTT3=RTT2*a+24（1-a）=29.256三次算出加权平均往返时间分别为29.6，29.84和29.256ms。可以看出，RTT的样本值变化多达20%时，加权平均往返8.答：5段链路的传播时延=250*2+（1500/）*3*1000=530ms 5段链路的发送时延=960/（48*1000）*5*1000=100ms 所以5段链路单程端到端时延=530+100=630ms专心-专注-专业