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1、精选优质文档-倾情为你奉上2017年上海市黄浦区中考物理二模试卷一、选择题（共16分）1摄氏温标规定，在标准大气压下，冰水混合物的温度为（）A0B20C60D1002在原子中带负电的是（）A质子B电子C中子D原子核3我们能分辨不同乐器的声音，这主要是根据声音有不同的（）A响度B音调C音色D振幅4光从空气射入水中，入射角为0，折射角为（）A0B30C45D605在四冲程汽油机工作过程中，将内能转化成机械能的冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程6如图所示，小车运动时木块向右倾倒，则小车运动状态变化的情况是（）A一定向左加速B一定向右加速C可能向左减速D可能向右减速7在如图所示的电路中
2、，电源电压保持不变当电键S由断开到闭合时，变小的是（）A电压表V的示数B电压表V示数与电流表A示数的比值C电流表A1的示数D电压表V示数与电流表A示数的乘积8甲、乙两物体同时同地方向开始做匀速直线运动，甲的速度大于乙的速度，它们的st图象为图所示a、b、c三条图线中的两条，则（）A甲的st图一定为图线aB甲的st图可能为图线cC甲、乙两物体受到的合力大小可能不相等D甲、乙两物体受到的合力大小一定相等二、填空题（共23分）9家庭电路中，电视机与电灯是的（选填“串联”或“并联”）；电灯工作时消耗的是能；额定功率为0.2千瓦的用电器正常工作3小时，耗电度10如图所示，排球比赛时球被扣出主要表明力可以
3、改变物体的（选填“运动状态”或“形状”）；以地面为参照物，运动员在向上跃起的过程中是的（选填“运动”或“静止”），其重力势能（选填“增大”、“不变”或“减小”）11质量为2千克的水，在阳光照射下，温度升高5，水吸收的热量为焦c水=4.2103焦/（千克）；改变物体内能有两种方式，这是通过方式改变其内能的将体积为1103米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为牛12在各种不同色光中，红、蓝叫做三原色光质量为2千克的物体受到重力的大小为牛如图所示，用力F匀速提起重为10牛的物体A，不计滑轮重及摩擦，力F的大小为牛13某导体两端的电压为2伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为2库，通过该导体的电流
4、为安，这段时间内电流做功为焦该导体两端电压改变为4伏时，其电阻为欧14在如图所示的电路中，电源电压保持不变已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障，且闭合电键S前后，其他元件均保持完好当电键S闭合时若电流表的指针发生偏转，电路中的故障是若电流表的指针不发生偏转，电路中的故障是15某小组同学研究两个物体间相互作用力F1和F2的特点现有器材为：力传感器（相当于测力计）、数据采集器（可将传感器测得数据采集后输送至计算机）、计算机、硬纸板、细绳等图（a）、（b）为他们设计的两种实验方案应根据图所示方案进行实验图（c）是该组同学正确进行实验，在计算机上得到的实验图线（纵轴分别显示F1和F2的大小，横轴表示
5、时间t）请依据相关信息，写出两条结论（A）（B）三、作图题（共7分）16在如图中，重为2牛的物体静止在水平面上，用力的图示法画出物体受到的支持力F支17根据平面镜成像的特点，在图中作出物体AB在镜中的像AB18根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极四、计算题（共26分）19杠杆平衡时，动力F1的大小为2N，动力臂L1为0.5m，阻力臂L2为0.1m，求阻力F2的大小20物体在20牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，5秒内前进了10米求此过程中拉力做的功W和功率P21如图所示，薄壁圆柱形甲和均匀圆柱体乙置于水平地面上甲足够高、底面积为3S，其
6、内盛有体积为3103米的水；乙的底面积为S，所受重力为G求甲中水的质量求乙对水平地面的压强P乙现沿水平方向在圆柱体乙上截去一定的厚度，并将截去部分放入甲的水中，乙剩余部分的高度与容器A中水的深度之比为h乙：h水为3：2，且乙剩余部分对水平地面的压力等于水对甲底部的压力，求乙的密度乙22在图（a）所示的电路中，电源电压为6伏且不变闭合电键S后，电压表的示数为2伏，电流表的示数为0.2安求电阻R1的阻值通电10秒，求电流通过变阻器R2所做的功W2小红将R1和R2按图（b）所示接入相同电源的电路，她设想通过移动变阻器R2的滑片P，使（a）、（b）两电路消耗的总功率相等请判断她的方案是否可行，并说明理
7、由五、实验题（共18分）23使用电流表时，所测电流不得超过它的，必须使用电流从它的接线柱流入（选填“+”或“”）在“探究二力平衡的条件”实验中，物体应在的作用下，且分别处于匀速直线运动状态或状态24在图中，凸透镜焦距为10厘米保持透镜位置不变，当蜡烛在15厘米刻度处时，为了在光屏的中心找到像，应调整光屏的，并将光屏向（选填“远离透镜”或“靠近透镜”）方向移动，此时所成像的大小与物体相比是的若要得到烛焰的虚像，应使蜡烛与透镜间的距离10厘米25为了探究漂浮在液面上的物块露出液面的体积V露与物块密度物、液体密度液的关系，某小组同学选取体积V物相同、物不同的物块进行实验，测出其漂浮在水和酒精液面上时
8、露出液面的体积V露，相关数据记录在表一、表二中表一：水 液（克/厘米3）实验序号 物（克/厘米3） V浸（厘米3）1.010.44020.55030.660表二：酒精 液（克/厘米3）实验序号 物（克/厘米3） V浸（厘米3）0.840.45050.562.560.675表三第一组液=1.0克/厘米3物=0.2克/厘米3液=1.5克/厘米3物=克/厘米3第二组液=1.0克/厘米3物=克/厘米3液=1.5克/厘米3物=0.6克/厘米3分析比较表一或表二中物、V露的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的物块，分析比较实验序号中，液、V露的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上
9、的物块，当V物、物相同时，液越小，V露越小由实验序号2与4的数据及相关条件，发现漂浮在液面上V物相同的物块，存在与液均不同而V露相同的现象若用V物相同的物块进一步实验，请在表三中填入拟进行实验的数据，使每一组实验均能研究上述现象26小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材齐全且完好，电源电压为1.5伏的整数倍且保持不变、待测小灯上标有“0.2A”字样、滑动变阻器上标有“501A”字样实验中，小华正确连接电路且使变阻器连入电路中的电阻最大，闭合电键时，小灯不发光、电表指针所处位置如图（a）、（b）所示（电流表指针在两刻度线之间某位置，电压表指针在刻度线上）判断电流表所选量程并说明理由通过计
10、算说明实验所用电源的电压小华移动变阻器的滑片，直至小灯正常发光，发现无法读出小灯的额定电压然后他调整了电表接入位置后重新实验，当小灯正常发光时，电压表指针所处位置与图（b）相同请通过计算求出小灯的额定功率2017年上海市黄浦区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）1摄氏温标规定，在标准大气压下，冰水混合物的温度为（）A0B20C60D100【考点】14：摄氏温度及其计算【分析】通常情况下，把冰水混和物的温度规定为0摄氏度，一标准大气压下，水沸腾时的温度是100【解答】解：摄氏温度的规定：把一标准大气压下冰水混合物的温度规定为0，把沸水的温度规定为100，分别用0和100表示故
11、选A2在原子中带负电的是（）A质子B电子C中子D原子核【考点】32：原子的核式模型【分析】原子由位于原子中央带正电的原子核与带负电的核外电子组成【解答】解：质子、原子核都带正电，中子不带电，电子带负电；故选B3我们能分辨不同乐器的声音，这主要是根据声音有不同的（）A响度B音调C音色D振幅【考点】9H：音色【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性【解答】解：能分辨不同乐器的声音，主要是因为不同乐器有不同的音色，故ABD错误、C正确故选C4光从空气射入水中，入
12、射角为0，折射角为（）A0B30C45D60【考点】AK：光的折射规律【分析】根据入射角和折射角的规定进行分析，即入射光线与法线的夹角为入射角，折射光线与法线的夹角为折射角【解答】解：当入射角为0时，说明光线垂直射向水面，此时光的传播方向不变，因此入射光线、折射光线与法线重合，所以入射角、折射角都为0故选A5在四冲程汽油机工作过程中，将内能转化成机械能的冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【考点】GM：内燃机的四个冲程【分析】汽油机的四个冲程中只有两个冲程伴随有能量的转化压缩冲程中活塞向上运动，汽油和空气的混合物被压缩，内能增大，温度升高，活塞运动的动能转化为混合气体的内能；做功
13、冲程中，火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高温高压的燃气，推动活塞运动，燃气的内能转化为活塞运动的动能【解答】解：在做功冲程中，两个气门关闭，活塞下行带动曲轴转动做功，气体的内能转化为机械能；故选：C6如图所示，小车运动时木块向右倾倒，则小车运动状态变化的情况是（）A一定向左加速B一定向右加速C可能向左减速D可能向右减速【考点】6M：惯性现象【分析】物体保持原来的运动状态不变的性质叫惯性，原来运动的物体保持运动，原来静止的保持静止，也可理解为“静者恒静、动者恒动”，据此分析回答【解答】解：（1）木块与小车一起做匀速直线运动，当小车向右减速运动时，下端受摩擦力随车减速，木块
14、上端仍保持原来的运动状态，使得木块向右倾倒；（2）木块随小车一起运动，当小车突然减速或加速时，木块下端随车减速或加速，木块上端由于惯性要保持原来的运动状态；由题图可知，此时，木块向右倾倒，说明木块上端相对于下端向右运动了，说明木块下端随小车相对向左运动了，推知小车可能向左加速或可能向右减速故ABC错误，D正确故选D7在如图所示的电路中，电源电压保持不变当电键S由断开到闭合时，变小的是（）A电压表V的示数B电压表V示数与电流表A示数的比值C电流表A1的示数D电压表V示数与电流表A示数的乘积【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，电键S断开时，电路为R1的简单电路，两电流表均测通过R1的
15、电流，电压表测电源的电压；电键S闭合时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知当电键S由断开到闭合时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步可知电压表V示数与电流表A示数的比值和电压表V示数与电流表A示数的乘积变化【解答】解：由电路图可知，电键S断开时，电路为R1的简单电路，两电流表均测通过R1的电流，电压表测电源的电压；电键S闭合时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压，因电源电压保持不变，所以，
16、当电键S由断开到闭合时，电压表V的示数不变，故A不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变，故C不符合题意；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大，因电压表V示数不变、电流表A示数变大，所以，电压表V示数与电流表A示数的比值变小，电压表V示数与电流表A示数的乘积变大，故B符合题意、D不符合题意故选B8甲、乙两物体同时同地方向开始做匀速直线运动，甲的速度大于乙的速度，它们的st图象为图所示a、b、c三条图线中的两条，则（）A甲的st图一定为图线aB甲的st图可能为图线cC甲、乙两物体受到的合力大小可能
17、不相等D甲、乙两物体受到的合力大小一定相等【考点】68：速度与物体运动【分析】（1）根据st图象找出同一时刻a、b、c对应的路程，然后由速度公式判断三图象对应速度的大小关系，进一步确定甲乙的对应关系；（2）物体运动状态不变，所受合力为0【解答】解：AB、由图象知，对应同一时间t（如t=8s）sa=20m、sb=10m、sc=5m，即sasbsc，由速度公式v=可知，vavbvc；已知甲的速度大于乙的速度，所以a为甲的图线时，b或c是乙的图线；b为甲的图线时，c为乙的图线；但c不可能是甲的图线，故AB错误；CD、已知甲、乙都做匀速直线运动，说明运动状态不变，所以合力为零，两个力大小一定相等，方向
18、相反，故C错误、D正确故选D二、填空题（共23分）9家庭电路中，电视机与电灯是并联的（选填“串联”或“并联”）；电灯工作时消耗的是电能；额定功率为0.2千瓦的用电器正常工作3小时，耗电0.6度【考点】IO：家庭电路的连接；J2：电功的实质；J3：电功的计算【分析】（1）并联电路中的用电器是互不影响的（2）电流做功的过程就是消耗电能的过程；（3）据公式W=Pt计算即可得到电能【解答】解：（1）家庭电路中，电视机与电灯工作时互不影响，所以是并联的关系；（2）电灯工作时是电流做功的过程，也是消耗电能的过程；（3）此时用电器消耗的电能：W=Pt=0.2kW3h=0.6kWh=0.6度；故答案为：并联；
19、电；0.610如图所示，排球比赛时球被扣出主要表明力可以改变物体的运动状态（选填“运动状态”或“形状”）；以地面为参照物，运动员在向上跃起的过程中是运动的（选填“运动”或“静止”），其重力势能增大（选填“增大”、“不变”或“减小”）【考点】6F：力的作用效果；52：参照物及其选择；FM：势能大小的比较【分析】（1）力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态；物体运动状态的改变指：物体方向的改变和物体速度的改变（2）若物体的位置相对于所选择的参照物发生了变化，我们就说物体是运动的，若是位置没有变化就说物体是静止的；（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越
20、大【解答】解：（1）扣球过程中用力作用后球的运动方向和速度都发生了变化，也就是改变了球的运动状态；（2）运动员扣球过程中，以地面为参照物运动员与地面的位置发生了变化，所以运动员是运动的；（3）运动员向上运动的过程中，质量不变，速度减小，动能减少；但所处高度增加，重力势能增大故答案为：运动状态；运动；增大11质量为2千克的水，在阳光照射下，温度升高5，水吸收的热量为4.2104焦c水=4.2103焦/（千克）；改变物体内能有两种方式，这是通过热传递方式改变其内能的将体积为1103米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为9.8牛【考点】GG：热量的计算；8O：阿基米德原理；GA：热传递改变物体内能
21、【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的温度变化，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量；这些热量是由太阳传递给水，是利用热传递这种方式改变物体内能的；（2）已知物体的体积（浸没水中排开水的体积）和水的密度，根据阿基米德原理F浮=液gV排可算出受到的浮力【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg5=4.2104J；这是通过热传递的方式改变水的内能的（2）因为物体浸没在水中，所以V排=V=1103m3，此时物体受到的浮力为：F浮=水gV排=1103kg/m39.8N/kg1103m3=9.8N故答案为：4.2104；热传递；9.812在各种不同色光中，红、绿
22、、蓝叫做三原色光质量为2千克的物体受到重力的大小为20牛如图所示，用力F匀速提起重为10牛的物体A，不计滑轮重及摩擦，力F的大小为5牛【考点】AQ：色光的三原色和颜料的三原色；78：重力的计算【分析】色光的三基色是：红、绿、蓝；根据G=mg求出重力；根据动滑轮的特点求出拉力【解答】解：色光的三基色是：红、绿、蓝；物体受到的重力为：G=mg=2kg10N/kg=20N；使用动滑轮能省一半的力，故F=5N故答案为：绿；20；513某导体两端的电压为2伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为2库，通过该导体的电流为0.2安，这段时间内电流做功为4焦该导体两端电压改变为4伏时，其电阻为10欧【考点】I
23、H：欧姆定律的应用；H4：电量及其计算；J3：电功的计算【分析】（1）知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I=求出通过导体的电流，根据W=UIt=UQ求出这段时间内电流做的功，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：通过导体的电流：I=0.2A，这段时间内电流做的功：W=UIt=UQ=2V2C=4J，由I=可得，导体的电阻：R=10，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端电压改变为4伏时，导体的电阻仍为10不变故答案为：0.2；4；1014在如图
24、所示的电路中，电源电压保持不变已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障，且闭合电键S前后，其他元件均保持完好当电键S闭合时若电流表的指针发生偏转，电路中的故障是R1断路或短路若电流表的指针不发生偏转，电路中的故障是R2断路【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由电路图知，两电阻串联，电流表A测量电路中的电流，开关闭合造成R1短路电路的故障一般是断路和短路，由题知，故障只发生在电阻R1或R2上，再从开关闭合后电流表示数的有无，分析判断电路中故障的可能性【解答】解：由题知，电阻R1、R2中仅有一个出现了故障，且闭合电键S前后，其他元件均保持完好当电键S闭合时，R1短路，只有R2连
25、入电路中，电流表的指针发生偏转，电路中有电流，即电路是通路，说明R2是完好的，所以电路中的故障是R1断路或短路了；S闭合时，R1短路，电流表的指针不发生偏转，电路中无电流，电路出现断路，即R2断路了故答案为：R1断路或短路；R2断路15某小组同学研究两个物体间相互作用力F1和F2的特点现有器材为：力传感器（相当于测力计）、数据采集器（可将传感器测得数据采集后输送至计算机）、计算机、硬纸板、细绳等图（a）、（b）为他们设计的两种实验方案应根据图（b）所示方案进行实验图（c）是该组同学正确进行实验，在计算机上得到的实验图线（纵轴分别显示F1和F2的大小，横轴表示时间t）请依据相关信息，写出两条结论
26、（A）两个物体间相互作用力的大小是相等的（B）两个物体间相互作用力是同时产生（消失）的【考点】6I：力作用的相互性【分析】物体间力的作用是相互的，相互作用力的大小是相等的【解答】解：（1）由图a可知，此时测力计的两个力是作用在硬纸板上，两个测力计的拉力不是一对相互作用力，故选（b）；（2）由图象可知：两个物体间相互作用力的大小是相等的；两个物体间相互作用力是同时产生（消失）的故答案为：（1）（b）；（2）两个物体间相互作用力的大小是相等的；两个物体间相互作用力是同时产生（消失）的三、作图题（共7分）16在如图中，重为2牛的物体静止在水平面上，用力的图示法画出物体受到的支持力F支【考点】6H：力
27、的示意图【分析】静止在水平面上的物体受重力和支持力作用，并且二力是一对平衡力，作用点都在物体的重心上，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上据此画图【解答】解：物体静止在水平面上，处于平衡状态，所以受到的重力和水平面的支持力是一对平衡力，两者大小相等，所以支持力等于重力等于2N，支持力的方向与重力方向相反，竖直向上如下图所示：17根据平面镜成像的特点，在图中作出物体AB在镜中的像AB【考点】AH：平面镜成像的相关作图【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面
28、镜的对称点A、B，用虚线连接A、B即为AB在平面镜中的像如图：18根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】知道通电螺线管的N极，根据磁极间的相互作用判断出小磁针的磁极根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极根据右手定则判断出电流的方向，确定电源的正负极【解答】解：由图可知，通电螺线管的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则小磁针的右端为S极，左端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的根据安培定则，伸出
29、右手使大拇指指示螺线管的左端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极故答案如图所示：四、计算题（共26分）19杠杆平衡时，动力F1的大小为2N，动力臂L1为0.5m，阻力臂L2为0.1m，求阻力F2的大小【考点】7N：杠杆的平衡条件【分析】已知动力臂、阻力臂和动力大小，利用杠杆平衡条件求出阻力大小【解答】解：由杠杆平衡条件得：F1L1=F2L2，即：20.5m=F20.1m，解得：F2=10N答：阻力F2的大小为10N20物体在20牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，5秒内前进了10米求此过程中拉力做的功W和功率P【考点】EC：
30、功的计算；FF：功率的计算【分析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=求出功率的大小【解答】解：拉力做的功：W=Fs=20N10m=200J；拉力的功率：P=40W答：此过程中拉力做的功为200J，功率为40W21如图所示，薄壁圆柱形甲和均匀圆柱体乙置于水平地面上甲足够高、底面积为3S，其内盛有体积为3103米的水；乙的底面积为S，所受重力为G求甲中水的质量求乙对水平地面的压强P乙现沿水平方向在圆柱体乙上截去一定的厚度，并将截去部分放入甲的水中，乙剩余部分的高度与容器A中水的深度之比为h乙：h水为3：2，且乙剩余部分对水平地面的压力等于水对甲底部的压力，求乙的密
31、度乙【考点】86：压强的大小及其计算【分析】已知甲的密度和体积，利用密度公式变形可求得其质量；已知压力和受力面积，利用p=可求得对水平面压强根据压强相等来解答【解答】解：由=可得：m水=水V水=1.0103kg/m33103m3=3kg；乙对水平面的压力F=G，对水平面产生的压强：p=剩余部分对地面的压力： =乙gS水对容器底的压力：F水=水gh水3S，h乙：h水=3：2，因为乙剩余部分对水平地面的压力等于水对容器甲底部的压力，所以：乙gS=水gh水3S乙=水3=水3=1103kg/m33=2103kg/m3答：甲中水的质量为3kg乙对水平地面的压强为Pa乙的密度为2103kg/m322在图（
32、a）所示的电路中，电源电压为6伏且不变闭合电键S后，电压表的示数为2伏，电流表的示数为0.2安求电阻R1的阻值通电10秒，求电流通过变阻器R2所做的功W2小红将R1和R2按图（b）所示接入相同电源的电路，她设想通过移动变阻器R2的滑片P，使（a）、（b）两电路消耗的总功率相等请判断她的方案是否可行，并说明理由【考点】IH：欧姆定律的应用；J3：电功的计算【分析】（1）R1与R2串联，电压表V测R1两端电压，根据R=求出电阻R1的阻值；（2）根据串联电路的电压特点求出R2的电压，利用W=UIt求出电流通过电阻R2所做的功；（3）根据串并联电路的电阻特点和P=即可分析判断【解答】解：（1）R1与R
33、2串联，电压表V1测R1两端电压，由I=可得电阻R1的阻值：R1=10；（2）根据串联电路两端的总电压各电阻两端的电压之和可得：R2的电压U2=UU1=6V2V=4V，则W2=U2It=4V0.2A10s=8J；（3）图a所示的电路为R1与R2串联，图b所示的电路为R1与R2并联，由于接入相同电源，则电源电压相等；根据P=可知只有当电路中总电阻相等时，总功率才能相等；由于串联电路的总阻值一定大于串联的任一电阻值；并联电路的总阻值一定小于串联的任一电阻值；所以图ab所示的电路的总电阻值不可能相等，故方案不可行答：电阻R1的阻值为10电流通过变阻器R2所做的功W2为8J不可行；由于串联电路的总阻值
34、一定大于串联的任一电阻值；并联电路的总阻值一定小于串联的任一电阻值；则图ab所示的电路的总电阻值不可能相等五、实验题（共18分）23使用电流表时，所测电流不得超过它的量程，必须使用电流从它的+接线柱流入（选填“+”或“”）在“探究二力平衡的条件”实验中，物体应在两个力的作用下，且分别处于匀速直线运动状态或静止状态【考点】6T：二力平衡条件的应用；HX：电流表的使用【分析】（1）电流表要与用电器串联，并且使电流正进负出，所测电流不能超过它的量程；（2）探究二力平衡的条件，首先要使受力物体处于平衡状态，由此可以确定物体所处的状态【解答】解：（1）在“用电流表测电流”的实验中，必须使电流从电流表的正
35、接线柱流入，负接线柱流出，所测电流不得超过它的量程；（2）在“探究二力平衡的条件”实验中，物体应在两个力的作用下，首先要使在这两个力作用下的物体处于平衡状态，而平衡状态包括：静止状态和匀速直线运动状态故答案为：量程；+；两个力；静止24在图中，凸透镜焦距为10厘米保持透镜位置不变，当蜡烛在15厘米刻度处时，为了在光屏的中心找到像，应调整光屏的高度，并将光屏向远离透镜（选填“远离透镜”或“靠近透镜”）方向移动，此时所成像的大小与物体相比是放大的若要得到烛焰的虚像，应使蜡烛与透镜间的距离小于10厘米【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）在进行凸透镜成像实验时，必须将烛焰、凸透镜和光
36、屏三者的中心放在同一高度上，目的是使像成在光屏的中心；（2）当物距大于2倍焦距时，像距介于1倍焦距与2倍焦距之间，此时成倒立缩小的实像；（3）当物距小于焦距时，成正立放大虚像【解答】解：（1）由图可知，光屏的高度有些低，要使像成在光屏的中心，应调整光屏的高度；（2）凸透镜在30cm处，蜡烛在15cm处，则物距u=15cm，凸透镜的焦距f=10cm，符合2fuf，光屏上成倒立放大的实像，v2f，现在凸透镜在30cm处，光屏在50cm处，此时u=2f，所以光屏要远离凸透镜，光屏移到50cm以外；（3）若要得到烛焰的虚像，应使蜡烛与透镜间的距离小于10cm故答案为：高度；远离透镜；放大；小于25为了
37、探究漂浮在液面上的物块露出液面的体积V露与物块密度物、液体密度液的关系，某小组同学选取体积V物相同、物不同的物块进行实验，测出其漂浮在水和酒精液面上时露出液面的体积V露，相关数据记录在表一、表二中表一：水 液（克/厘米3）实验序号 物（克/厘米3） V浸（厘米3）1.010.44020.55030.660表二：酒精 液（克/厘米3）实验序号 物（克/厘米3） V浸（厘米3）0.840.45050.562.560.675表三第一组液=1.0克/厘米3物=0.2克/厘米3液=1.5克/厘米3物=0.3克/厘米3第二组液=1.0克/厘米3物=0.4克/厘米3液=1.5克/厘米3物=0.6克/厘米3分
38、析比较表一或表二中物、V露的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的物块，当物越大时，V露越小分析比较实验序号1、4或2、5或3、6中，液、V露的数据及相关条件，可得出的初步结论是：漂浮在液面上的物块，当V物、物相同时，液越小，V露越小由实验序号2与4的数据及相关条件，发现漂浮在液面上V物相同的物块，存在与液均不同而V露相同的现象若用V物相同的物块进一步实验，请在表三中填入拟进行实验的数据，使每一组实验均能研究上述现象【考点】8R：探究浮力大小的实验【分析】对照表中的数据，明确各个量的含义，根据控制变量法，对各个量之间的关系做出分析，最后找出相应的量之间的关系，并得出普遍性的规律【解
39、答】解：分析比较表一或表二中物、V露的数据及相关条件，可以看出，物体的密度越大，其浸入液体中的体积也越大，V露的就越越小；故可得出的初步结论是：漂浮在液面上体积相同的物块，当物越大时，V露越小分析比较实验序号1、4或2、5或3、6中物、V浸的数据及相关条件，可以看出，当物体的密度相同时，液体的密度越小，物体排开液体的体积越大，故可得出的初步结论是：漂浮在液面上体积相同的物块，当物相同时，液越小，V浸越大，V露越小；进一步分析实验序号2和4中的数据及相关条件，可以看出，物体密度与液体密度的比值都是1：2，这时它们在液体中排开液体的体积是相同的因此，得出的合理猜想是：漂浮在液面上体积相同的物块，当
40、物与液的比值相同时，V浸是相同的：第一组：物=1.5克/厘米3=0.3克/厘米3第一组：物=1克/厘米3=0.4克/厘米3故答案为：（1）当物越大时，V露越小；1、4或2、5或3、6；0.3；0.426小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材齐全且完好，电源电压为1.5伏的整数倍且保持不变、待测小灯上标有“0.2A”字样、滑动变阻器上标有“501A”字样实验中，小华正确连接电路且使变阻器连入电路中的电阻最大，闭合电键时，小灯不发光、电表指针所处位置如图（a）、（b）所示（电流表指针在两刻度线之间某位置，电压表指针在刻度线上）判断电流表所选量程并说明理由00.6A；小灯不发光，II额=0.
41、2A通过计算说明实验所用电源的电压4.5V小华移动变阻器的滑片，直至小灯正常发光，发现无法读出小灯的额定电压然后他调整了电表接入位置后重新实验，当小灯正常发光时，电压表指针所处位置与图（b）相同请通过计算求出小灯的额定功率0.76W【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）根据电流表的指针判断电流表的量程；（2）根据U=IR算出电源电压；（3）电压表并联在滑动变阻器的两端时当电压表的示数为0.7V时，灯泡正常发光，根据P=UI算出灯泡的额定功率【解答】解：由电流表指针的位置知电流表的量程为：00.6安；因为小灯不发光，II额=0.2安，若是03A的量程时，电流表的示数为0.35A，大于灯泡的额定电流，能发光；由知电流表的示数为0.07A，滑动变阻器在阻值最大处，故电源电压最小为：U=IR=0.07A50=3.5V，故电源电压为4.5伏；小华移动变阻器的滑片，直至小灯正常发光，发现无法读出小灯的额定电压然后他调整了电表接入位置后重新实验，故将滑动变阻器并联在滑动变阻器的两端，当电压表的示数为4.5V0.7V=3.8V时，灯泡正常发光，故灯泡的额定电压为3.8V；灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V0.2A=0.76W故答案为：00.6A；小灯不发光，II额=0.2A；4.5V；0.76W2017年6月1日专心-专注-专业