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1、F 2011 安徽高考物理试卷14一质量为m 的物块恰好静止在倾角为的斜面上。现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示。则物块A仍处于静止状态B沿斜面加速下滑C受到的摩擦力不便D受到的合外力增大答案： A 解析： 由于质量为m 的物块恰好静止在倾角为的斜面上，说明斜面对物块的作用力与物块的重力平衡，斜面与物块的动摩擦因数 =tan。对物块施加一个竖直向下的恒力F，使得合力仍然为零，故物块仍处于静止状态， A 正确， B、D 错误。摩擦力由mgsin增大到 (F+mg)sin， C 错误。15实验表明，可见光通过三棱镜时各色光的折射率n 随着波长的变化符合科西经验公式：24BCnA，其中 A、
2、B、C 是正的常量。太阳光进入三棱镜后发生色散的情形如下图所示。则A屏上 c 处是紫光B屏上 d 处是红光C屏上 b 处是紫光D屏上 a 处是红光答案： D 解析： 白色光经过三棱镜后产生色散现象，在光屏由上至下（a、b、c、d）依次为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫。屏上a 处为红光，屏上d 处是紫光， D 正确。16一物体作匀加速直线运动，通过一段位移x所用的时间为1t，紧接着通过下一段位移x所用时间为2t。则物体运动的加速度为A121 2122()()x ttt tttB121 212()()x ttt tttC121 2122()()x ttt tttD121 212()()x ttt tt
3、t答案： A 17一般的曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运动的一部分，即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替。如图（a）所示，曲线上的A 点的曲率圆定义为：通过A 点和曲线上紧邻A 点两侧的两点作一圆，在极限情况下，这个圆就叫做A 点的曲率圆，其半径叫做 A 点的曲率半径。现将一物体沿与水平面成角的方向已速度0抛出，如图（ b）所示。则在其轨迹最高点P 处的曲率半径是A20vgB220sinvgC220cosvgD220cossinvg答案： C 屏a b cd Av0P图（a）图（ b）精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - - - 欢迎下载 名
4、师归纳 - - - - - - - - - -第 1 页，共 7 页 - - - - - - - - - - 解析： 物体在其轨迹最高点P 处只有水平速度，其水平速度大小为v0cos ，根据牛顿第二定律得20(cos)vmgm，所以在其轨迹最高点P 处的曲率半径是220cosvg， C 正确。18图（ a）为示管的原理图。如果在电极YY之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极XX之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是答案： B 解析：由于电极XX 加的是扫描电压，电极YY 之间所加的电压信号电压，所以荧光屏上会看到的图形是B，答案 B 正确。19如图所示的区
5、域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度为B。电阻为R、半径为L、圆心角为45 的扇形闭合导线框绕垂直于纸面的O 轴以角速度 匀速转动（ O 轴位于磁场边界） 。则线框内产生的感应电流的有效值为A22BLRB222BLRC224BLRD24BLR答案： D 解析： 交流电流的有效值是根据电流的热效应得出的，线框转动周期为T，而线框转动一周只有T/4 的时间内有感应电流，则有222()4LBLTRI RTR，所以24BLIR。D 正确。20如图（ a）所示，两平行正对的金属板A、B 间加有如图（ b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P 处。若在 t0时刻释放该粒子，
6、粒子会时而向A 板运动，时而向B 板运动，并最终打在A 板上。则 t0可能属于的时间段是A004TtB0324TTtC034TtTD098TTt答案： B 亮斑荧光屏YYXXXYY偏转电极电子枪Xt t t12t12t13t1t1UxUyO O 图(a) 图(b) 图(c) A B CD450O L P t UABUO-UOO T/2T A B 图(a) 图(b) 精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - - - 欢迎下载 名师归纳 - - - - - - - - - -第 2 页，共 7 页 - - - - - - - - - - 解析： 若004Tt，带正电粒子先
7、加速向B 板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B 板上，所以A 错误。若0324TTt，带正电粒子先加速向A 板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动， 每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在 A 板上，所以 B 正确。若034TtT，带正电粒子先加速向A 板运动、 再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零； 如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在B 板上，所以C 错误。若098TTt，带正电粒子先加速向 B 板运动、再减速运动至零；然后再
8、反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B 板上，所以D 错误。21 （ 18 分）为了测量某一弹簧的劲度系数，降该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码。实验册除了砝码的质量 m 与弹簧长度l 的相应数据，七对应点已在图上标出。（g=9.8m/s2) （1）作出 m-l 的关系图线；（2）弹簧的劲度系数为N/m. （1）某同学实用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到 “1k”挡位，测量时针偏转如图（a）所示。请你简述接下来的测量过程：；测量结束后，将选择开关旋到“OFF ” 挡。（2）接下来采用 “ 伏安法 ” 较准确地测
9、量该电阻的阻值，所用实验器材如图（ b）所示。其中电压表内阻约为5k ，电流表内阻约为5 。图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接。（ 3）图（ c）是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S 旋到位置3 时，可用来测量；当 S 旋到位置时，可用来测量电流，其中 S 旋到位置时量程较大。解析：（1）如图所示图(b) 图(a) 精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - - - 欢迎下载 名师归纳 - - - - - - - - - -第 3 页，共 7 页 - - - - - - - - - - （2）0.2480.262 （
10、1）断开待测电阻，将选择开关旋到“100”档：将两表笔短接，调整“ 欧姆调零旋钮” ，使指针指向 “0”；再接入待测电阻，将指针示数 100，即为待测电阻阻值。（2）如图所示（3）电阻1、2 1 22 （ 14 分）（1）开普勒行星运动第三定律指出：行星绕太阳运动的椭圆轨道的半长轴a 的三次方与它的公转周期T的二次方成正比，即32akT，k 是一个对所有行星都相同的常量。将行星绕太阳的运动按圆周运动处理，请你推导出太阳系中该常量k 的表达式。已知引力常量为G，太阳的质量为M太。（ 2）开普勒定律不仅适用于太阳系，它对一切具有中心天体的引力系统（如地月系统）都成立。经测定月地距离为3.84 10
11、8m， 月球绕地球运动的周期为2.36 106S， 试计算地球的质M地。 （G=6.67 10-11Nm2/kg2，结果保留一位有效数字）解析：（1）因行星绕太阳作匀速圆周运动，于是轨道的半长轴a 即为轨道半径r。根据万有引力定律和牛顿第二定律有222()m MGmrrT行太行于是有3224rGMT太即24GkM太（2）在月地系统中，设月球绕地球运动的轨道半径为R，周期为 T，由式可得3224RGMT地解得M地=6 1024kg （M地=51024kg 也算对）A B E E/红表笔黑表笔1 2 3 4 5 6 图 (c) 精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - -
12、 - 欢迎下载 名师归纳 - - - - - - - - - -第 4 页，共 7 页 - - - - - - - - - - 23 （ 16 分）如图所示， 在以坐标原点O 为圆心、半径为 R 的半圆形区域内， 有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直于xOy 平面向里。一带正电的粒子（不计重力）从O 点沿 y 轴正方向以某一速度射入，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从 P 点射出。（1）求电场强度的大小和方向。（2） 若仅撤去磁场， 带电粒子仍从O 点以相同的速度射入，经02t时间恰从半圆形区域的边界射出。求粒子运动加速度的大小。（3）若仅撤去电场，带电粒子仍从O
13、 点射入，且速度为原来的4 倍，求粒子在磁场中运动的时间。解析： （1）设带电粒子的质量为m，电荷量为q，初速度为v，电场强度为 E。可判断出粒子受到的洛伦磁力沿x 轴负方向，于是可知电场强度沿x 轴正方向且有qE=qvB又R=vt0则0BREt（2）仅有电场时，带电粒子在匀强电场中作类平抛运动在 y 方向位移22tyv由式得2Ry设在水平方向位移为x，因射出位置在半圆形区域边界上，于是32xR又有201()22txa得204 3Rat（3）仅有磁场时，入射速度4vv，带电粒子在匀强磁场中作匀速圆周运动，设轨道半径为r，由牛顿第二定律有2vqv Bmr又qE=ma由式得33Rr由几何关系sin
14、2Rr11即3sin2312带电粒子在磁场中运动周期x y O P B 精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - - - 欢迎下载 名师归纳 - - - - - - - - - -第 5 页，共 7 页 - - - - - - - - - - 2 mTqB则带电粒子在磁场中运动时间22RtT所以0318Rtt1324 （ 20 分）如图所示， 质量 M=2kg 的滑块套在光滑的水平轨道上，质量 m=1kg 的小球通过长L=0.5m 的轻质细杆与滑块上的光滑轴 O 连接，小球和轻杆可在竖直平面内绕O 轴自由转动，开始轻杆处于水平状态，现给小球一个竖直向上的初速度v0=4
15、 m/s，g 取 10m/s2。（1）若锁定滑块，试求小球通过最高点P 时对轻杆的作用力大小和方向。（ 2）若解除对滑块的锁定，试求小球通过最高点时的速度大小。（3）在满足（ 2）的条件下，试求小球击中滑块右侧轨道位置点与小球起始位置点间的距离。解析：（1）设小球能通过最高点，且此时的速度为v1。在上升过程中，因只有重力做功，小球的机械能守恒。则22101122mvmgLmv16/vm s设小球到达最高点时，轻杆对小球的作用力为F，方向向下，则21vFmgmL由式，得F=2N由牛顿第三定律可知，小球对轻杆的作用力大小为2N，方向竖直向上。（2）解除锁定后，设小球通过最高点时的速度为v2，此时滑
16、块的速度为V。在上升过程中，因系统在水平方向上不受外力作用，水平方向的动量守恒。以水平向右的方向为正方向，有20mvMV在上升过程中，因只有重力做功，系统的机械能守恒，则22220111222mvMVmgLmv由式，得v2=2m/s（3）设小球击中滑块右侧轨道的位置点与小球起始点的距离为s1，滑块向左移动的距离为s2，任意时刻小球的水平速度大小为v3，滑块的速度大小为V/。由系统水平方向的动量守恒，得30mvMVM m v0O P L 精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - - - 欢迎下载 名师归纳 - - - - - - - - - -第 6 页，共 7 页 - - - - - - - - - - 将式两边同乘以t，得30mvtMVt因式对任意时刻附近的微小间隔t都成立，累积相加后，有120msMs10又122ssL11由1011 式得123sm12精品资料 - - - 欢迎下载 - - - - - - - - - - - 欢迎下载 名师归纳 - - - - - - - - - -第 7 页，共 7 页 - - - - - - - - - -