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1、精品学习资源2021 年广东省高考物理试题解析一、单项选择题共40分，每题 4分，每题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上；1. 意大利科学家伽利略在争论物体变速运动规律时，做了著名的“斜面试验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情形，发觉铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情形进行了合理的外推，由此得出的结论是A物体都具有保持原先运动状态的属性，即惯性B自由落体运动是一种匀变速直线运动C力是使物体产生加速度的缘由D力不是保护物体运动的缘由【答案】 B【分值】 4 分【考查方向】物理学史【易错点】 1、正确的结论不愿定是斜面试验的结论2、合理的外推需要
2、正确懂得【解题思路】1、从斜面试验的历史背景动身；2、结合斜面上匀变速直线运动并合理外推；【解析】伽利略为了验证自由落体运动是否为匀变速，面临自由落体时间过短，当时的计时工 具无法测量的问题，于是从斜面动身，依据沿斜面匀加速下滑进而把倾角进一步增大，最终外 推的倾角 90 度，即自由落体运动也是匀变速直线运动，其他三项都对，但不是斜面试验合理外推的结论，也不符合斜面试验结果；选项B 对；2. 如图为某中国运发动在短道速滑竞赛中勇夺金牌的杰出瞬时；假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，就他A所受的合力变化，做变加速运动B所受的合力恒定，做变加速运动C所受的合力恒定，做匀加速运动欢迎下载精品学习资源
3、D所受的合力为零，做匀速运动【答案】 A【分值】 4 分【考查方向】匀速圆周运动【易错点】 1、力是矢量2、加速度是矢量【解题思路】1、匀速圆周运动的向心力和加速度方向；2、留意矢量性；【解析】匀速圆周运动，合外力是向心力，方向始终指向圆心，但是力是矢量，大小不变，但是方向在变化，所以合力不是恒力，选项BC错；依据牛顿其次定律，加速度方向与合外力方向相同，所以加速度方向也在变化，不是匀变速，而是变加速度，选项A 对；3. 如图，在斜面上木块A 与 B 的接触面是水平的，绳子呈水平状态，两木块均保持静止；就关于木块 A 和木块 B 受力个数不行能的是A2 个和 4 个B3 个和4 个C4 个和
4、4 个D4 个和5 个【答案】 B【分值】 4 分【考查方向】共点力的平稳【易错点】 1、对绳子是否有拉力分析不到位2、对 B 和斜面之间有无摩擦熟识不清【解题思路】1、对 A 隔离分析；2、对 AB 整体受力分析；【解析】单独分析A，自身重力， B 对 A 的支持力，由于拉力和B 对 A 的摩擦力不确定，而且即 使有也是水平方向，所以竖直方向确定受到两个力，而A 静止，所以水平方向细绳拉力和B 对A 的摩擦力必定同时显现，所以A 受力个数只可能是2 个或者 4 个；选项 B 错；而整体分析，欢迎下载精品学习资源假设 A 受力个数为 2 个，就整体受重力，斜面支持力，斜面摩擦力，即B 受自身重
5、力，斜面支持力，斜面摩擦力， A 对 B 的压力四个力；假设A 受力为 4 个，就 B 除去刚刚的 4 个力之外仍有 A 对 B 的摩擦力；共计 5 个；4. 浙江百丈漈瀑布是全国单体落差最高的瀑布；第一漈207 米，其次漈 68 米，第三漈 12 米，三漈相加是 287 米，折合古时鲁班尺是一百丈多17 米，故名百丈漈；假设忽视上游水的初速度和空气的阻力，那么水仅仅下落第一漈后的速度大约是A6.3m/s B44m/sC63m/sD 76m/s【答案】 C【分值】 4 分【考查方向】功能关系【易错点】 1、在功能关系的应用上由于无法确定重力而中断思路2、不能正确熟识忽视阻力的意义【解题思路】1
6、、从动能定理动身，找出重力做功和动能变化的关系；2、忽视阻力做功情形；12欢迎下载精品学习资源【解析】水仅仅下落第一漈只有重力做功，没有阻力即mghmv ，可得 v 22gh63m / s ；欢迎下载精品学习资源5. 我国在近期发射的“神州十一号”和“天宫二号”在对接前，“天宫二号”的运行轨道高度为393km，“神州十一号”的运行轨道高度约为343km；它们的运行轨道均视为圆周，就A“天宫二号”比“神州十一号”速度大B“天宫二号”比“神州十一号”角速度大C“天宫二号”比“神州十一号”加速度大D“天宫二号”比“神州十一号”周期长【答案】 D【分值】 4 分【考查方向】万有引力与航天【易错点】 1
7、、不能正确的熟识万有引力供应向心力；2、从圆周运动动身，忽视圆周运动的不同，片面判定一个物理量；欢迎下载精品学习资源【解题思路】1、从万有引力供应向力力动身找到描述圆周运动的物理量表达式；2、依据轨道半径大小判定各个物理量的变化；【解析】天宫二号，神舟十一号，都属于绕地球做匀速圆周运动，万有引力供应向心力，即2GMmv224GM欢迎下载精品学习资源2mamRRmRmR2T，；可得向心加速度a2，轨道半径越大，向心R欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源加速度越小，选项C 错；线速度 vGM，轨道半径越小，线速度越大，选项A 错；角速度R欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源GM42 R3欢
8、迎下载精品学习资源vR3，轨道半径越大，角速度越小，选项B 错；周期T，轨道半径越大，周GM欢迎下载精品学习资源期越大，选项 D 对；11欢迎下载精品学习资源6. 以下选项中的各4 圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各4 圆环间彼此欢迎下载精品学习资源绝缘；坐标原点 O处电场强度最大的是【答案】 B【分值】 4 分【考查方向】电场的叠加【易错点】 1、对电场的叠加懂得不透彻2、对四分之一圆环的电场熟识不清【解题思路】1、依据对称性分析四分之一圆环产生的电场叠加成效；2、等量同种和等量异种电荷在连线中点的电场情形；【解析】对于D 图，两个正电荷的四分之一圆环对称，在连线中点即
9、圆心处合场强等于0，两个负电荷的四分之一圆环对称，在连线中点场强矢量和也等于0，所以坐标原点O 处电场强度等于 0. 同理 C 选项中合成后在原点O处场强等于一个四分之一圆环的电荷产生的电场，与A 选项中的电场大小相等，而B 中是两个电场叠加，夹角为90 度，合场强等于单个电场的2 倍，欢迎下载精品学习资源选项 B 对；7. 如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2 为定值；闭合 S 后，将 R的滑片向左移动，以下关于各电表数值变化的说法正确的选项是AAR表示数减小BA1 表示数减小CV1 表示数减小DV2 表示数增大【答案】 A【分值】 4 分【考查方向】动态电路【易错点】 1、各个电表所
10、测量的物理量熟识不清2、对闭合回路欧姆定律熟识不到位【解题思路】1、从滑动变阻器的阻值找到并联电阻进而总电阻；2、不变量是电源电动势，找到变量的变化趋势；【解析】 R 的滑片向左移动，电阻变大，并联电阻阻值增大，总电阻增大，电动势不变，总电欢迎下载精品学习资源流减小，内电压减小，R2 电压减小，即 V2 表示数减小，选项D 错；并联电压增大即V1 表示数欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源增大，选 C 错；对并联支路R1，电压增大，电阻不变，电流变大，即A1 表示数变大，选项 B 错；欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源干路电流减小，支路R1电流增大，所以支路AR 表示数减小，选项A
11、对；欢迎下载精品学习资源8. 一列简谐横波沿x 轴传播，周期为T，t 0 时刻的波形如下图；此时平稳位置位于x 3m处的质点正在向上运动，假设a、b 两质点平稳位置的坐标分别为xa 2.5m， xb 5.5m，就欢迎下载精品学习资源A当 a 质点处在波峰时， b 质点恰在波谷1Bt 4 T 时， a 质点正在向 y 轴负方向运动3Ct 4 T 时， b 质点正在向 y 轴负方向运动D在某一时刻， a、b 两质点的位移和速度可能相同【答案】 C【分值】 4 分【考查方向】机械振动机械波【易错点】 1、波的传播方向和质点的振动方向关系不清2、机械振动和机械波的图像不清【解题思路】1、依据平稳位置位
12、于x 3m处的质点的振动方向判定波的传播方向；2、判定质点 a、 b 的振动情形；【解析】平稳位置位于x 3m 处的质点向上振动，依据振动方向和波的传播方向在波形图同一侧，判定机械波传播方向沿X 轴负方向；此时质点a 沿 Y 轴正方向，质点b 沿 Y 轴负方向；在经过 T ,质点 a 正经过 Y 轴正半轴向正方向运动， 再经过 3T 质点 b 正经过 Y 轴正半轴向负方向44欢迎下载精品学习资源运动， 选项 C 对；依据波形图判定波长4m，a、b 两质点的距离为 34，振动步调相差3T ，4欢迎下载精品学习资源选项 AD 错；9. 如图甲所示， A、 B两物块在如图乙所示的随时间按正弦规律变化
13、的外力作用下，由静止开头一起沿光滑水平面运动，A、B 两物块始终保持相对静止，就以下说法中正确的选项是At 1 时刻物块的速度最大Bt 2 时刻物块运动的位移最大Ct 3 时刻物块 A 受到的摩擦力最大DA、B 两物块一起做往复运动【答案】 C【分值】 4 分欢迎下载精品学习资源【考查方向】牛顿运动定律【易错点】 1、整体受力分析不到位2、对速度方向区分不清【解题思路】1、有力的变化找到加速度变化进而推导出速度变化；2、速度变化到位移；欢迎下载精品学习资源【解析】依据力随时间变化图像可判定加速度随时间变化也是如此，0t1 ，合外力逐步增大，加速欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源度逐步增大
14、，而力的方向没有变化，t1时刻合力最大，加速度最大，0t 2 合力方向不变，加速度方欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源向不变，始终加速，t2 时刻速度最大， t2t4 合外力反向，物体减速，依据对称性，t4 时刻速度减欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源小到 0，此后重复之前的运动， 连续向前；t1t3 加速度最大， 对 A 分析， 摩擦力供应加速度，即 t1t3 时欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源刻摩擦力最大，选项C 对； t2时刻速度最大，由于运动方向没有变化，始终向前运动，所以AB 错；欢迎下载精品学习资源始终向前运动，没有往复运动，选项D 错；10. 如下图，质量为m
15、的物体可视为质点以某一速度从A 点冲上倾角为30的固定斜面，其运3动的加速度为 4 g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，就在这个过程中物体A动能缺失了mghB重力做功 mgh欢迎下载精品学习资源C克服摩擦力做功14 mghD机械能缺失了12 mgh欢迎下载精品学习资源【答案】 D【分值】 4 分【考查方向】功能关系【易错点】 1、受力分析2、牛顿运动定律【解题思路】1、依据加速度运算摩擦力；2、依据做功情形判定能量变化；欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源【解析】沿斜面对上滑动，依据受力分析可得1fmg sin 30ma3 mg ，可得摩擦力4欢迎下载精品学习资源fmg ， 上 升 的
16、最 大 高 度 为 h 就 位 移 为 2h ， 此 过 程 合 外 力 做 功 即 动 能 变 化 量4欢迎下载精品学习资源Ekfmg sin 30 2h1.5mgh ，选项 A 错，重力做功mg sin 302hmgh ，选欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源项 B 错；克服摩擦力做功f2 h0.5mgh ，选项 C 错；除重力外其他力做功等于机械能的变欢迎下载精品学习资源化量即 f2 h0.5mgh ，选项 D 错；二、填空题共24分，每题 6分，答案写在答题纸中指定位置，不要求写出演算过程；11. 将一电荷量为 Q的小球放在不带电的金属球邻近，所形成的电场线分布如下图，金属球外表的
17、电势处处相等；a、b 为电场中的两点，a 点的场强大小b 点的场强大小， a 点的电势 b 点的电势；填“大于”、“小于”、“等于”【答案】大于、大于【分值】 6 分【考查方向】静电场的电场线【易错点】 1、电场线的疏密2、静电平稳【解题思路】1、从电场线的疏密程度动身判定场强大小；2、处于静电平稳的导体为等势体；【解析】电场线的疏密程度表示电场强度的大小，a 点电场线密集，电场强度大，沿电场线方向电势逐步降低，而静电平稳的导体为等势体，a 点电势高于等势体，b 点电势低于等势体，所以a 点电势高于 b 点电势；12. 如下图是两个相干波源发出的水波，实线表示波峰， 虚线表示波谷； 已知两列波
18、的振幅都为10cm， C 点为 AB连线的中点；图中A、B、C、 D、E 五个点中，振动减弱的点是 ，从图示时刻起经 过半个周期后， A 点的位移为cm；规定竖直向上为位移的正方向欢迎下载精品学习资源【答案】 DE、 20【分值】 6 分【考查方向】波的叠加【易错点】 1、加强点和减弱点2、加强点和减弱点的振幅【解题思路】依据波峰波谷的叠加判定加强减弱；【解析】波峰和波谷的叠加为振动减弱点，波峰和波峰，波谷和波谷的叠加为振动加强点，C 点对与两列波都处在平稳位置且振动方向相同，所以 C 点也是加强点， 只有 DE为波峰波谷的叠加，为减弱点；此时A 点在波峰，经过半个周期A 点到达波谷，而加强点
19、的振幅等于两个振幅之和即20cm；13. 客运电梯简化模型如图a所示，在 t 0 时电梯由静止开头上升，最初一段时间内电梯的加3速度 a 随时间 t 变化的关系如图 b所示；已知电梯总质量为2.0 10 kg，忽视空气阻力，就电梯在上升过程中受到的最大拉力为 N，电梯在前 11s 内的速度转变量 v 为m/s ；重2力加速度 g 取 10m/s 欢迎下载精品学习资源4【答案】 2.2 10【分值】 6 分、10欢迎下载精品学习资源【考查方向】牛顿运动定律【易错点】 1、对 at 图像熟识不清2、对加速度方向的判定【解题思路】欢迎下载精品学习资源1、依据牛顿运动定律判定拉力；欢迎下载精品学习资源
20、2、依据加速度和时间的成果判定速度变化量；【解析】电梯上升过程Fmgma ，当加速度最大时，拉力最大，此时a1m /s2 ，代入可欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源得 拉 力 F9112.2104 N ， 速 度 变 化 量vat 即 at 图 像 与 时 间 轴 所 围 成 的 面 积 即欢迎下载精品学习资源110m / s；214. 由某种材料制成的电器元件，其伏安特性曲线如下图； 现将该元件接在电动势为8V，内阻为 4 的电源两端， 就通过该元件的电流为A；假设将这个元件与一个4 的定值电阻串联后接在该电源上，就该元件消耗的功率为 W；【答案】 1 1.2 、1.6 1.8【分值】
21、 6 分【考查方向】闭合电路欧姆定律【易错点】 1、电流电压关系不能和图像结合2、图像解题过程作图不准；【解题思路】1、做出电源的路端电压和干路电流的关系图像，与该元件伏安特性曲线的交点即元件电压和电流；欢迎下载精品学习资源2、串联后留意把串联的电阻等效为内阻；【解析】在原先的伏安特性曲线上面做出电动势等于8v 内阻 r4的路端电压随电流变化图欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源像，交点 u4v ， I1A ；即流过该元件电流为I1A ；与一个 4 的定值电阻串联后，把欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源定值电阻等效入内阻， 就电源内阻变为 r8，重复前面的步骤可得交点u2v ，I0.
22、75A ，欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源消耗电功率PUI1.5w ；欢迎下载精品学习资源三、综合题共36 分15. 6 分在用单摆测重力加速度的试验中：1试验时必需把握摆角，假设摆长为1.2m，就要将摆球拉至离平稳位置约 m处释放；222某同学试验时转变摆长，测出几组摆长L 和对应的周期 T 的数据， 作出 T - L 图线， 如下图 利用图线上任两点 A、B 的坐标 x1，y1、 x2，y2，便可求得重力加速度g；3作 T - L 图线解决物理问题，可以提示我们：假设摆球的质量分布不均匀，将 测量结果填“影响”、“不影响”；欢迎下载精品学习资源【答案】 1小于 0.112 g【分值
23、】 7 分【考查方向】单摆【易错点】 1、单摆做简谐运动的条件2、单摆的周期公式【解题思路】42Y2X 2Y13不影响X 1欢迎下载精品学习资源1、依据简谐运动摆角要求判定判定偏离平稳位置的距离；2、依据单摆周期公式求重力加速度；【解析】 1单摆做简谐运动时摆角应小于10,假设摆长为 1.2m, 就他们将摆球最多拉至离平稳位欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源置 约 0.1m0.1 0.105 处 释 放 ； 2 根 据 单 摆 的 周 期 公 式 T2L可 得 重 力 加 速 度g欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源g42L ，而 LT 图像的斜率即LY2Y1,可得重力加速度 g42
24、Y2Y1； 3欢迎下载精品学习资源2T 2T 2X 2X 1X 2X 1欢迎下载精品学习资源假设摆球质量分布不均匀，导致图像不过原点，即摆长测量有偏差，但是斜率不变，所以不影响测量结果；16. 12 分两套完全相同的小物块和轨道系统固定在水平桌面上；物块质量m 1kg ，轨道长度 l 2m，物块与轨道之间动摩擦因数 0.2 ；现用水平拉力F1 8N、F2 4N 同时拉两个物块，分别2作用一段距离后撤去，使两物块都能从静止动身，运动到轨道另一端时恰好停止；g 10m/s 求：（ 1） 在 F1 作用下的小物块加速度a1 多大？2【答案】 1 a16 m / s【分值】 4 分【考查方向】牛顿运动
25、定律【易错点】合外力找不准【解题思路】拉力和摩擦力的合力供应加速度欢迎下载精品学习资源【解析】 1 F1mg ma12a16m / s 4 分欢迎下载精品学习资源（ 2） F1 作用了多少位移 s1？欢迎下载精品学习资源【答案】【分值】 4 分s10.5m欢迎下载精品学习资源【考查方向】动能定理【易错点】没有简化过程，运动学方法运算，找不到前后两端平均速度相等【解题思路】依据摩擦力和拉力做功大小相等来分析【解析】整个过程依据动能定理欢迎下载精品学习资源F1s mgl0 2 分s10.5m 2 分（ 3） 从两物块运动时开头计时直到都停止，除了物块在轨道两端速度都为零之外，另有某时刻t两物块速度
26、相同，就t 为多少？欢迎下载精品学习资源【答案】【分值】 4 分s10.5m欢迎下载精品学习资源【考查方向】匀变速直线运动【易错点】不能判定是在加速仍是减速阶段速度相等【解题思路】依据加速度大小判定上面的木块减速过程，下面的木块加速过程二者速度相等【解析】F2 作用下的物块欢迎下载精品学习资源F mg maa 2 m /s2 2分欢迎下载精品学习资源222两物块速度相同时，确定在上方物块减速阶段欢迎下载精品学习资源上方的物块减速阶段加速度a g2m / s2欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源上方物块最大速度 v2a1s6 m/s 2.45m/s欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源a2
27、t v a（t v /a1）欢迎下载精品学习资源得 t0.816s 2 分17、 15 分如下图，在光滑绝缘水平面上B 点的正上方 O处固定一个质点，在水平面上的A 点放另一个质点，两个质点的质量均为m，带电量均为 Q；C 为 AB 直线上的另一点O、A、B、 C 位于同一竖直平面上， AO间的距离为 L，AB 和 BC间的距离均为 L/2 ，在空间加一个水平方向的匀强电场后 A 处的质点处于静止；试问：（ 1） 该匀强电场的场强多大？其方向如何？欢迎下载精品学习资源【答案】 EF sinQkQ 2L2欢迎下载精品学习资源【分值】 5 分【考查方向】共点力平稳；【易错点】点电荷电场力的方向考虑
28、不周；【解题思路】质点在水平方向受力平稳欢迎下载精品学习资源【解析】依据库仑定律有依据共点力平稳条件有2FK Q L2F sinEQ1 分2 分欢迎下载精品学习资源由以上两式得EF sinQkQ2 1 分2 L欢迎下载精品学习资源方向由 A 指向 C或水平向右 1 分（ 2） 给 A 处的质点一个指向C点的初速度，该质点到达B 点时所受的电场力多大？欢迎下载精品学习资源【答案】 F73kQ26L2欢迎下载精品学习资源【分值】 4 分【考查方向】电场的叠加【易错点】 B 点受到的电场力而不是合力【解题思路】运算匀强电场和点电荷电场力的矢量和kQ 2欢迎下载精品学习资源【解析】小球在 B 点受到的
29、库伦力 Fc L sin 60 2 2 分欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源由平行四边形定就得合电场力F EQ 2kQ 2 273kQ 273kQ22 分欢迎下载精品学习资源 L sin 60 26 L26L2欢迎下载精品学习资源F3假设初速度大小为v0，质点到达 C 点时的加速度和速度分别多大？kQ2欢迎下载精品学习资源【答案】vv2欢迎下载精品学习资源0mL【分值】 6 分【考查方向】电场的叠加电场力做功【易错点】从 A 点到 C 点电场力做功的累积【解题思路】欢迎下载精品学习资源1、 依据力和位移成果的累积运算电场力从A 到 C 的做功；依据功能关系解题【解析】2由牛顿其次定律得akQmL222K Q.sinEQ2欢迎下载精品学习资源aFLKQ3 分2欢迎下载精品学习资源m依据动能定理有mEQLmLo1 mv21 mv2 2 分欢迎下载精品学习资源由此得22kQ20vv21 分欢迎下载精品学习资源mL欢迎下载