《2022年人教版高中物理必修二课后练习答案详解.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年人教版高中物理必修二课后练习答案详解.docx（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精品学习资源人教版高中物理课后习题答案第五章：曲线运动第 1 节曲线运动1. 答：如图 6 12 所示，在 A 、C 位置头部的速度与入水时速度v 方向相同；在B 、D 位置头部的速度与入水时速度 v 方向相反；ABCD图 6 122. 答：汽车行驶半周速度方向转变180 ；汽车每行驶10s，速度方向转变30，速度矢量示意图如图6 13 所示；v130v1图 6 133. 答：如图 6 14 所示， AB 段是曲线运动、 BC 段是直线运动、 CD 段是曲线运动；DC欢迎下载精品学习资源第 2 节质点在平面内的运动BA图 6 14欢迎下载精品学习资源1. 解：炮弹在水平方向的分速度是vx 80
2、0 cos60 400m/s; 炮弹在竖直方向的分速度是vy 800 sin60 692m/s；如图 6 15；vyv60vx图 6 152. 解：依据题意，无风时跳伞员着地的速度为v2，风的作用使他获得向东的速度v1，落地速度 v 为 v2、v1 的合速度图略 ，即：欢迎下载精品学习资源vv 2v 242526.4m / s，速度与竖直方向的夹角为， tan 0.8， 38.7 欢迎下载精品学习资源123. 答：应当偏西一些；如图6 16 所示，由于炮弹有与船相同的由西向东的速度v1，击中目标的速度v是 v1 与炮弹射出速度 v2 的合速度，所以炮弹射出速度v2 应当偏西一些；北v2v东v1
3、图 6 164. 答：如图 6 17 所示；y5040302010欢迎下载精品学习资源第 3 节抛体运动的规律020406080x图 6 17欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源1. 解：1 摩托车能越过壕沟；摩托车做平抛运动，在竖直方向位移为y 1.5m 1 gt 22经受时间欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源t2yg3 s 9.80.55s 在水平方向位移 x vt 400.55m 22m 20m 所以摩托车能越过壕沟； 一般欢迎下载精品学习资源情形下，摩托车在空中飞行时，总是前轮高于后轮，在着地时，后轮先着地；2摩托车落地时在竖直方向的速度为vygt 9.8 0.55m/s 5
4、.39m/s 摩托车落地时在水平方向的速度为vx v 40m/s 摩托车落地时的速度：欢迎下载精品学习资源xvyvv 224025.392 m/ s40.36m / s 摩托车落地时的速度与竖直方向的夹角为， tan vx欢迎下载精品学习资源 vy 405.39 7.422. 解 ： 该 车 已 经 超 速 ； 零 件 做 平 抛 运 动 ， 在 竖 直 方 向 位 移 为y 2.45m 1 gt 22经 历 时 间欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源t2yg4.9 s 9.80.71s ，在水平方向位移 x vt 13.3m，零件做平抛运动的初速度为：vx t 13.3欢迎下载精品学习资
5、源 0.71m/s 18.7m/s 67.4km/h 60km/h 所以该车已经超速；3. 答：1让小球从斜面上某一位置A 无初速释放； 测量小球在地面上的落点P 与桌子边沿的水平距离欢迎下载精品学习资源x；测量小球在地面上的落点P 与小球静止在水平桌面上时球心的竖直距离y ；小球离开桌面的初速度欢迎下载精品学习资源为 vxg2 y ；欢迎下载精品学习资源第 4 节试验：争论平抛运动yx13 yx21. 答：仍需要的器材是刻度尺；试验步骤：1调剂木板高度，使木板上外表与小球离开水平桌面时的球心的距离为某一确定值y；2让小球从斜面上某一位置A 无初速释放；3测量小球在木板上的落点P1 与重垂线之
6、间的距离x1；4调剂木板高度，使木板上外表与小球离开水平桌面时的球心的距离为某一确定值4y；5让小球从斜面上同一位置A 无初速释放；6测量小球在木板上的落点P2 与重垂线之间的距离x2；7比拟 x1、x2，假设 2x1 x2，那么说明小球在水平方向做匀速直线运动；转变墙与重垂线之间的距离x，测量落点与抛出点之间的竖直距离y，假设 2x1 x2，有 4y1 y2，那么说明小球在水平方向做匀速直线运动；第 5 节圆周运动1. 解 ： 位 于 赤 道 和 位 于 北 京 的 两 个 物 体 随 地 球 自 转 做 匀 速 圆 周 运 动 的 角 速 度 相 等 ， 都 是欢迎下载精品学习资源223.
7、14rad / s7.27106 rad/ s ；位于赤道的物体随地球自转做匀速圆周运动的线速度v1欢迎下载精品学习资源T243600 R 465.28m/s 位于北京的物体随地球自转做匀速圆周运动的角速度v2 Rcos40356.43m/s2. 解：分针的周期为T1 1h，时针的周期为 T2 12h1分针与时针的角速度之比为1 2 T 2 T112 12分针针尖与时针针尖的线速度之比为v1v 21r1 2r2 14.4 13. 答：1A、 B 两点线速度相等，角速度与半径成反比2A 、C 两点角速度相等，线速度与半径成正比3B 、C 两点半径相等，线速度与角速度成正比说明：该题的目的是让同学
8、懂得线速度、角速度、半径之间的关系：v r；同时懂得传动装置不打滑的物理意义是接触点之间线速度相等；欢迎下载精品学习资源4. 需要测量大、小齿轮及后轮的半径r1、 r2、r3；自行车前进的速度大小v2 r1 r Tr2欢迎下载精品学习资源3说明：此题的用意是让同学结合实际情形来懂得匀速圆周运动以及传动装置之间线速度、角速度、半径之间的关系；但是，车轮上任意一点的运动都不是圆周运动，其轨迹都是滚轮线；所以在处理这个问题时，应当以轮轴为参照物，地面与轮接触而不打滑，所以地面对右运动的速度等于后轮上一点的线速度；5. 解：磁盘转动的周期为 T 0.2s1扫描每个扇区的时间 tT/18 1/90s；2
9、每个扇区的字节数为 512 个,1s 内读取的字节数为 9051246080 个；欢迎下载精品学习资源说明：此题的用意是让同学结合实际情形来懂得匀速圆周运动；第 6 节 向心加速度欢迎下载精品学习资源1. 答：A 甲、乙线速度相等时， 利用 anv2r ，半径小的向心加速度大；所以乙的向心加速度大；B 甲、欢迎下载精品学习资源2乙周期相等时，利用4欢迎下载精品学习资源anT 2r ，半径大的向心加速度大；所以甲的向心加速度大；欢迎下载精品学习资源C甲、乙角速度相等时，利用an v，线速度大的向心加速度大；所以乙的向心加速度小；D 甲、乙线速度相等时，利用an v，角速度大的向心加速度大；由于在
10、相等时间内甲与圆心的连线扫过的角度比乙大，所以甲的角速度大，甲的向心加速度大；说明：此题的目的是让同学们懂得做匀速圆周运动物体的向心加速度的不同表达式的物理意义；2. 解：月球公转周期为T 27.3 243600s 2.36 106s；月球公转的向心加速度为3. 解： A 、B 两个快艇做匀速圆周运动，由于在相等时间内，它们通过的路程之比是43，所以它们的线速度之比为4 3；由于在相等时间内，它们运动方向转变的角度之比是3 2，所以它们的角速度之比为 3 2；由于向心加速度an v，所以它们的向心加速度之比为2 1；说明：此题的用意是让同学懂得向心加速度与线速度和角速度的关系an v；4. 解
11、： 1 由于皮带与两轮之间不发生滑动，所以两轮边缘上各点的线速度大小相等，设电动机皮带轮与机器皮带轮边缘上质点的线速度大小分别为v1、v2，角速度大小分别为1、2，边缘上质点运动 的半径分别为r 1、r2，那么 v1 v2v1 1r 1v2 2r2 又 2n所以 n1 n2 1 2 r2 r1 3 12A 点的向心加速度为欢迎下载精品学习资源2ar20.011 m/ s20.05 m/ s欢迎下载精品学习资源2nA2223电动机皮带轮边缘上质点的向心加速度为第 7 节 向心力解：地球在太阳的引力作用下做匀速圆周运动，设引力为 F；地球运动周期为 T 365243600s 3.15 107s；依
12、据牛顿其次运动定律得：说明：此题的目的是让同学懂得向心力的产生，同时为下一章学问做预备；1. 答：小球在漏斗壁上的受力如图619 所示；小球所受重力G、漏斗壁对小球的支持力FN 的合力供应了小球做圆周运动的向心力；2. 答：1依据牛顿其次运动定律得：Fm2r 0.1 420.1N 0.16N2甲的看法是正确的；静摩擦力的方向是与物体相对接触面运动的趋势方向相反；设想一下，假如在运动过程中，转盘突然变得光滑了， 物体将沿轨迹切线方向滑动；这就犹如在光滑的水平面上，一根细绳一端固定在竖直立柱上， 一端系一小球，让小球做匀速圆周运动，突然剪断细绳一样，小球将沿轨迹切线方向飞出；这说明物体在随转盘匀速
13、转动的过程中，相对转盘有沿半径向外的运动趋势；说明：此题的目的是让同学综合运用做匀速圆周运动的物体的受力和运动之间的关系；欢迎下载精品学习资源3. 解：设小球的质量为m，钉子 A 与小球的距离为r；依据机械能守恒定律可知，小球从肯定高度下落时，通过最低点的速度为定值，设为v；小球通过最低点时做半径为r 的圆周运动，绳子的拉力FT 和重力 G 的合力供应了向心力，即：欢迎下载精品学习资源v2FTGm r 得 FT2vGm r 在 G， m，v 肯定的情形下， r 越小， FT 越大，即绳子承担的拉力越欢迎下载精品学习资源大，绳子越简洁断；4. 答：汽车在行驶中速度越来越小，所以汽车在轨迹的切线方
14、向做减速运动，切线方向所受合外力方向如图 Ft 所示；同时汽车做曲线运动，必有向心加速度，向心力如图Fn 所示；汽车所受合外力F 为 Ft、Ft 的合力，如图 620 所示；丙图正确；说明：此题的意图是让同学懂得做一般曲线运动的物体的受力情形；第 8 节 生活中的圆周运动1. 解：小螺丝钉做匀速圆周运动所需要的向心力F 由转盘供应，依据牛顿第三运动定律，小螺丝钉将给转盘向外的作用力，转盘在这个力的作用下，将对转轴产生作用力，大小也是F；欢迎下载精品学习资源Fm2 rm2n 2 r0.0123.1410000.2 N78876.8N欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源F mrm2n r0.0
15、123.14100020.2N78876.8N说明：此题的意图在于让同学联系生活实际，理欢迎下载精品学习资源解匀速圆周运动；2. 解：这个题有两种摸索方式；第一种，假设汽车不发生侧滑，由于静摩擦力供应的向心力，所以向心力有最大值，依据牛顿其次运v2欢迎下载精品学习资源动定律得Fmam r ，所以肯定对应有最大拐弯速度，设为vm，那么欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源Ffmrvmm41.410 m/ s2.010318.71m / s67.35km / h72km / h欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源Ffmrvmm1.4104 m / s2.0103侧滑；18.71m / s67
16、.35km/ h72km / h所以，假如汽车以72km/h 的速度拐弯时，将会发生欢迎下载精品学习资源其次种，假设汽车以72km/h 的速度拐弯时，不发生侧滑，所需向心力为F，欢迎下载精品学习资源v2vmmr2.0103202N501.6104 N1.4104 N欢迎下载精品学习资源22欢迎下载精品学习资源mvm v2.0 10320N1.6104 N1.4104 N欢迎下载精品学习资源r50所以静摩擦力缺乏以供应相应的向心力，汽车以72km/h 的速度拐弯时，将会发生侧滑；3.解: 1汽车在桥顶部做圆周运动，重力G 和支持力 FN 的合力供应向心力，即欢迎下载精品学习资源GFm v2汽车所
17、受支持力欢迎下载精品学习资源Nr欢迎下载精品学习资源FGm v 28009.880052 N7440N欢迎下载精品学习资源Nr50依据牛顿第三定律得，汽车对桥顶的压力大小也是7440N ；2 依据题意，当汽车对桥顶没有压力时，即FN 0，对应的速度为 v，欢迎下载精品学习资源3汽车在桥顶部做圆周运动，重力G 和支持力 FN 的合力供应向心力，即GFNm v2r欢迎下载精品学习资源汽车所受支持力 FN车行驶越平安；2vGm r ，对于相同的行驶速度，拱桥圆弧半径越大，桥面所受压力越大，汽欢迎下载精品学习资源4依据其次问的结论，对应的速度为v0，第六章万有引力与航天第 1 节行星的运动1. 解：行
18、星绕太阳的运动按圆轨道处理，依据开普勒第三定律有：2. 答：依据开普勒其次定律，卫星在近地点速度较大、在远地点速度较小；3. 解：设通信卫星离地心的距离为r1、运行周期为 T 1，月心离地心的距离为r2，月球绕地球运行的周期为 T 2，依据开普勒第三定律，4. 解：依据开普勒第三定律得到：那么哈雷彗星下次显现的时间是：1986+762062 年；第 2 节太阳与行星间的引力1. 答：这节的争论属于依据物体的运动探究它受的力；前一章平抛运动的争论属于依据物体的受力探究它的运动，而圆周运动的争论属于依据物体的运动探究它受的力；欢迎下载精品学习资源2. 答：这个无法在试验室验证的规律就是开普勒第三定
19、律行星观测记录发觉的；第 3 节万有引力定律rk ，是开普勒依据争论天文学家第谷的23T欢迎下载精品学习资源1. 答：假设两个人的质量都为60kg ，相距 1m，那么它们之间的万有引力可估算：这样小的力我们是无法发觉的，所以我们通常分析物体受力时不需要考虑物体间的万有引力；说明： 两个人相距 1m 时不能把人看成质点，简洁套用万有引力公式；上面的运算是一种估算；2. 解：依据万有引力定律欢迎下载精品学习资源m1m2112.010402.0103026欢迎下载精品学习资源FG2r6.6710482 N5103.0103652436001.1910N欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源FG m
20、1m26.6710 112.010402.0 1030N1.191026 N欢迎下载精品学习资源2482G m1m2r 26.671051042.03.0101082.3065102436002 N1.1910N欢迎下载精品学习资源2611r5103.010365243600可见天体之间的万有引力是很大的；欢迎下载精品学习资源3. 解：FG m1m2 r 26.6710 117.1 101.0 1030 216 23.41037 N欢迎下载精品学习资源第 4 节万有引力理论的成就欢迎下载精品学习资源1. 解:在月球外表有：G M 月mR月mg月欢迎下载精品学习资源得到：欢迎下载精品学习资源M
21、月117.31022欢迎下载精品学习资源g 月 G月6.6710117.33103 2 m / s21.68m / s2欢迎下载精品学习资源22R月月月（1.7103103）2欢迎下载精品学习资源g 月约为地球外表重力加速度的1/6；在月球上人感觉很轻；习惯在地球外表行走的人，在月球外表行走时是跳动前进的；欢迎下载精品学习资源2. 答:在地球外表，对于质量为m 的物体有：G M 地mR地mg ，得：g G M 地R地欢迎下载精品学习资源对于质量不同的物体，得到的结果是相同的,即这个结果与物体本身的质量m 无关；M地m又依据万有引力定律：Grmg 高山的 r 较大，所以在高山上的重力加速度g 值
22、就较小；欢迎下载精品学习资源3. 解:卫星绕地球做圆周运动的向心力由地球对卫星的万有引力供应，有：G Mmr 2m 2 r T欢迎下载精品学习资源2得地球质量：欢迎下载精品学习资源42r 3426.8106 324欢迎下载精品学习资源MGT 26.6710 115.6103 25.910kg欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源4. 解：对于绕木星运行的卫星m，有：G Mmr 2m 2T2 r，得： M木42r 3GT 2，需要测量的量为：木欢迎下载精品学习资源星卫星的公转周期T 和木星卫星的公转轨道半径r；欢迎下载精品学习资源第 5 节宇宙航行1. 解： “神舟 5 号绕地球运动的向心力由
23、其受到的地球万有引力供应；G Mmr 2m 2T2 r欢迎下载精品学习资源3rGMT 242其中周期 T 2460 260+37 /14min 91.64min ，那么：6.6710 116.0 102491.6460266欢迎下载精品学习资源r32m46.710m其距地面的高度为h r R 6.7 10 m欢迎下载精品学习资源6.4 106m 3105m 300km；说明： 前面 “神舟 5 号周期的运算是一种近似的运算，老师仍可以依据 “神舟 5 号绕地球运行时离地面的高度的精确数据，让同学运算并验证一下其周期的精确值；Mm4 2欢迎下载精品学习资源：“神舟 5 号绕地球运行时离地面的高度
24、为343km；依据牛顿其次定律有：G r 2m T 2r在地面邻近欢迎下载精品学习资源有： G MmR2mg ， r R+h欢迎下载精品学习资源依据以上各式得：欢迎下载精品学习资源Rh 3T2gR22RhRh Rg90.6min欢迎下载精品学习资源2. 解：围绕地球外表匀速圆周运动的人造卫星需要的向心力，由地球对卫星的万有引力供应，即：Mmv2GM2G Rm R ，得： vR欢迎下载精品学习资源G2在地面邻近有：Mmmg ，得：GMR2 g欢迎下载精品学习资源R欢迎下载精品学习资源将其带入 1式： vR2 gRRg欢迎下载精品学习资源3. 解：1设金星质量为M 1、半经为 R1、金星外表自由落
25、体加速度为g1；欢迎下载精品学习资源在金星外表：M 1mRG21mg1欢迎下载精品学习资源设地球质量为 M 2、半径为 2、地球外表自由落体加速度为g2；欢迎下载精品学习资源在地球外表有：M 2mRG22mg2欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源由以上两式得：2MRg121，那么欢迎下载精品学习资源RMg2212欢迎下载精品学习资源MR2g12g0.82129.8m / s28.9m / s2欢迎下载精品学习资源R11M 22210.952欢迎下载精品学习资源M 1mv2GM欢迎下载精品学习资源R2 G21m， vR1R1g1欢迎下载精品学习资源第七章机械能守恒定律第节追寻守恒量1. 答：
26、做自由落体运动的物体在下落过程中，势能不断削减，动能不断增加，在转化的过程中，动能和势能的总和不变；欢迎下载精品学习资源第 2 节 功1. 解：甲图： WFscos180150 102 3 J17.32J2欢迎下载精品学习资源图乙： W Fscos180 30 102 3 J 17.32J2图丙： W Fscos30102 3 J 17.32J22. 解：重物被匀速提升时，合力为零，钢绳对重物的拉力的大小等于重物所受的重力，即FG 2104N 钢绳拉力所做的功为：W 1 Fscos0 21045J 1105J重力做的功为： W 2 Gscos180 21045J 1105J物体克服重力所做的功
27、为1105J，这些力做的总功为零；欢迎下载精品学习资源3. 解：如图 5 14 所示，滑雪运发动受到重力、支持力和阻力的作用，运发动的位移为：s hsin30 20m，方向沿斜坡向下；FNFmgh30欢迎下载精品学习资源所以，重力做功：WG mgscos60 60102012J 6.0 103J欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源支持力所做的功：WN FNscos900欢迎下载精品学习资源阻力所做的功： Wf Fscos180 5020J 1.0 103J这些力所做的总功W 总 Wg+W N+W f 5.0 103J；4. 解：在这两种情形下，物体所受拉力相同，移动的距离也相同，所以拉力所
28、做的功也相同，为7.5J；拉力做的功与是否有其他力作用在物体上没有关系，与物体的运动状态也没有关系；光滑水平面上，各个力对物体做的总功为7.5J；粗糙水平面上，各个力对物体做的总功为6.5N；第 3 节功率1. 解：在货物匀速上升时，电动机对货物的作用力大小为：FG 2.7 105N由 P Fv 可得：欢迎下载精品学习资源vP10 103F2.7 105m/ s3.7 10 2 m/ s欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源2. 解：这台抽水机的输出功率为PWmgh30 10 103 103W欢迎下载精品学习资源tt1欢迎下载精品学习资源它半小时能做功 W Pt 31031800J 5.4
29、106J；3. 答： 此人推导的前提不明确；当 F 增大， 依据 P Fv 推出， P 增大的前提应是 v 不变， 从 vP 推出，F欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源P 增大那么 v 增大的前提是F 不变，从 FP 推出， v 增大 F 减小的前提是 P 不变；v欢迎下载精品学习资源说明：对这类物理问题的方向，应留意联系实际，有时机械是以肯定功率运行的，这时P 肯定，那么F 与 v 成反比；有时机械是以恒定牵引力工作的，这时P 与 v 成正比；4. 解：1汽车的加速度减小，速度增大；由于，此时开头发动机在额定功率下运动，即P F 牵 v；v欢迎下载精品学习资源增大那么 F 牵减小，而
30、aF牵 F m，所以加速度减小； 2当加速度减小到零时，汽车做匀速直线运欢迎下载精品学习资源动， F 牵 F，所以 vP ，此为汽车在功率P 下行驶的最大速度；F欢迎下载精品学习资源第 4 节 重力势能1. 证明：设斜面高度为h，对应于倾角为 1、2、 3 的斜面长分别为 l1、l2 、l3；欢迎下载精品学习资源由功的公式可知， 在倾角为 1 的斜面，重力与位移的夹角为 21 ，重力所做的功为： WG mgl1 cos欢迎下载精品学习资源 21 mgl1sin 1mgh；同理可证，在倾角为2、3 的斜面上，重力所做的功都等于mgh，与斜面倾角无关；2. 答：1足球由位置 1 运动到位置 2 时
31、，重力所做的功为mgh，足球克服重力所做的功为mgh，足球的重力势能增加了mgh；2足球由位置2 运动到位置 3 时，重力做的功为mgh，足球的重力势能削减了mgh；3足球由位置1 运动到位置 3 时，重力做功为零，重力势能变化为零；说明：此题的意图是使同学体会，重力势能的变化是与重力做功相对应的；重力做了多少功 ,重力势能就变化多少；重力做正功重力势能削减，重力做负功重力势能增加；3. 答：1所 选 择 的参考平面小球在 A的重力势能点小球在 B 点的重力势能整个下落过程中小球重力做的功整个下落过程中小球重力势能的变化桌面地面5.88J9.8J 3.92J09.8J9.8J9.8J9.8J2
32、假如下落过程中有空气阻力，表格中的数据不变；说明：此题的意图是使同学熟悉，重力势能跟零势面的选取有关，而重力势能的变化跟重力的功相对应，与零势能面的选取无关；重力做的功只跟物体位置的变化有关，与是否存在其他力无关；4. 答： A 正确；例如：物体在向上的拉力作用下，假如做匀加速直线运动，这时拉力的功大于重力势能的增加量；假如物体做匀减速直线运动，这时拉力的功小于重力势能的削减量；B 错误；物体匀速上升，拉力的大小等于重力，拉力的功肯定等于重力势能的增加量；C 错误；依据 WGEp1 Ep2 可知，重力做 1J 的功，物体势能的增加量为1J；D 错误；重力做功只与起点和终点的位置有关，与路径无关
33、，A 、B 两点的位置不变，从A 点到 B 点欢迎下载精品学习资源的过程中，无论经过什么路径，重力的功都是相同的；第 7 节 动能和动能定理1. 答： a动能是原先的 4 倍； b动能是原先的 2 倍； c动能是原先的 8 倍； d动能不变；欢迎下载精品学习资源1v222. 解：由动能定理W Ek2 Ek1 2 m v21功较多； 可知，在题目所述的两种情形下， 较大的，需要做的欢迎下载精品学习资源速度由 10km/h 加速到 20km/h 的情形下： 0 202102km/s2 300km/s221速度由 50km/h 加快到 60km/h 情形下： v 2v 2 602 502km/s2
34、1100km/s2欢迎下载精品学习资源可见，后一种情形所做的功比拟多；3. 解：设平均阻力为f，依据动能定理 W1 mv 21 mv2 ，有fscos180 1 mv 21 mv2欢迎下载精品学习资源22212221f 1.6 103N ，子弹在木板中运动5cm 时，所受木板的阻力各处不同，题目所说的平均阻力是对这5cm 说的；4. 解：人在下滑过程中，重力和阻力做功，设人受到的阻力为f，依据动能定理 W Ek ,欢迎下载精品学习资源WG+W f1 mv22 t0， mgh fs1 mv22 t解方程得： vt 42 m/s 5.66m/s欢迎下载精品学习资源5. 解：设人将足球踢出的过程中，
35、人对球做的功为W，依据动能定理可从人踢球到球上升至最大高欢迎下载精品学习资源度的过程中： WG+W 1 mv2 0，即： mgh+W 2t1 mv22 t欢迎下载精品学习资源W 0.5 202J+0.5 1010J 150J第 8 节 机械能守恒定律1. 解：1小球在从 A 点下落至 B 点的过程中，依据动能定理WEk ，欢迎下载精品学习资源mgh1 h21 mv 21 mv2欢迎下载精品学习资源2221欢迎下载精品学习资源2由 mgh 1h2 1 mv 212mv ，得： mgh1+2211mv mgh2+mv欢迎下载精品学习资源22212122等式左边表示物体在A 点时的机械能，等式右边表
36、示物体在B 点时的机械能，小球从A 点运动到 B点的过程中，机械能守恒；2. A 飞船升空的阶段，动力对飞船做功，飞船的机械能增加；B 飞船在椭圆轨道上绕地球运行的阶段，只有引力对飞船做功，机械能守恒；C飞船在空中减速后，返回舱与轨道别离，然后在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有引力做功，机械能守恒；欢迎下载精品学习资源D 进入大气层并运动一段时间后，降落伞张开，返回舱下降的过程中，空气阻力做功，机械能削减；3. 解：1石块从抛出到落地的过程中，只有重力做功，所以机械能守恒；设地面为零势能面，依据机欢迎下载精品学习资源械能守恒定律：1 mv 2mgh1 mv 2，得欢迎下载精品学习资
37、源202t欢迎下载精品学习资源依据动能定理： W Ekt Ek0 ，即 mgh1 mv21 mv 2 ，vtv 22gh欢迎下载精品学习资源2t200vt 15m/s欢迎下载精品学习资源2由 vt22gh 知，石块落地时速度大小与石块初速度大小和石块抛出时的高度有关，与石欢迎下载精品学习资源v0块的质量和石块初速度的仰角无关；4. 解：依据题意，切断电动机电源的列车，假定在运动中机械能守恒，要列车冲上站台，此时列车的动能 Ek 至少要等于列车在站台上的重力势能Ep；列车冲上站台时的重力势能：Epmgh 20mm2/s2欢迎下载精品学习资源列车在 A 点时动能： Ek1 mv2 m72m2 /s2 24.5mm 2/s22欢迎下载精品学习资源可见 Ek Ep，所以列车能冲