信管计算机网络复习资料.doc

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1、- -?计算机网络技术?题型及解释1. 题型包括:选择题20题1题1分,共20分、名词解释5题1题2分,共10分、简答题4题1题5分,共20分、计算题3题1题5分,共15分、图表分析题2题1题10分,共20分、综合分析题1题15分。2. 材料容包含A、B两卷容,由教务部任意抽取A卷或B卷。3. 下表中未提及的章节和容不作要求。4. 由于学院进展课程和考试改革,本门课程采用半开卷方式考试,学生可以携带一A4大小的纸进入考场,纸上的文字必须手写,不得粘贴、复印、打印。因此,本次考试的名词解释和简答题的答复均为开放式的,既可以在书中寻找答案,也可以通过网络查找相关解答,能答复出要点,将名词解释清楚或

2、问题的本质点明即可。但切忌答复过于简单或复杂。一、根底知识第一章 概述P1 三网融合P2 计算机网络向用户提供的最重要的两个功能及其含义P3 “网络的网络的概念P4 因特网开展的三个阶段P8 制订因特网的正式标准要经过的四个阶段P9 客户效劳器方式,图1-7,客户程序和效劳器程序各自的特点P12 电路交换的根本工作流程P14-15 分组交换的工作方式、分组交换的优点P17 按不同作用围,网络可分为哪几类?P19-23 计算机网络的各项性能指标从概念上了解P20 网络中的时延包括哪几个局部?各自产生的原因或发生的部位?P25 OSI/RM是一种理想的网络标准,但为什么它最终失败了?P26 什么是

3、协议?协议包括的三要素是什么?P27 为什么计算机网络协议要进展分层?好处是什么?P28-30五层协议的体系构造及各层的主要任务要点 P35 本章的重要概念第二章 物理层P38 物理层与接口有关的4个特性分别定义了什么?P40 模拟信号?数字信号?调制解调器的功能网络自查P38 通信的三种根本方式?P42限制码元在信道上的传输速率的因素?香农公式?香农公式说明了什么?P44-47什么是双绞线?双绞线的两种类型?双绞线为什么要绞合在一起?双绞线的优点和缺点?什么是光纤?光线是如何在光纤中传输的?光纤的优点?P50 2.4信道复用技术中各种复用技术是对什么进展划分的?不必细看P57 什么是ADSL

4、技术?它是如何对标准模拟线路进展改造和升级,使之能够承载宽带业务的?ADSL的传输距离取决于什么?目前我国的ADSL主要采用什么解决方案?ADSL的优点和缺点是什么? P62 本章的重要概念第三章 数据链路层P65 数据链路层的信道类型?P66 链路、数据链路、帧的概念?点对点信道的数据链路层进展通信的主要步骤?P67-72 数据链路层的三个根本问题?试述如何实现透明传输?要点:帧定界、转义字符、字节填充P70 CRC循环冗余检验的计算P73-74 PPP协议应满足的需求P81-82 以太网采取哪两种措施实现简单通信?P82 CSMA/CD协议的全称,以及协议要点P83 “既然每一个站 P86

5、 “这个暂时保存的帧重传一次不要求P89 什么是MAC层的硬件地址,它的作用是什么?P95 网桥的作用?其工作层次是?图3-25及其下文字,网桥是如何依靠转发表来转发帧的? P96 使用网桥的好处? P107 本章的重要概念第四章 网络层P113 简述因特网的设计思路P114 表4-1 虚电路效劳与数据报效劳的比照P114 IP协议与其配套的三个协议之间的关系?P115 网络互连时,各个层次使用的中间设备分别是什么?P118 图4-5 IP地址中的网络号字段和主机号字段P120 表4-2 IP地址的指派围,怎么算出来的?P121 IP地址和硬件地址有什么联系和区别?P124 ARP协议的要点包

6、括P124-125 1-4P131 4.2.6 简述IP层转发分组的流程和分组转发算法P133 为什么要划分子网?子网掩码的作用?P138 例4-2 例4-3 例4-4P147 RIP是一种什么协议?它对距离是如何定义的?RIP协议的特点是?第五章 运输层P189 什么是运输层的复用和分用?P189 从运输层的角度看,通信的真正端点是什么?运输层和网络层通信的区别是什么?P190 运输层的两个主要协议TCP和UDP的全称,各自的特点?P193 UDP协议的主要特点?P195 TCP协议的主要特点?可靠交付中的“可靠指的是什么?P197 什么是套接字?一条TCP连接如何用套接字加以确定?P201

7、发送窗口的作用?累计确认的原理? P229 本章的重要概念后8个小点不要求以上根底知识为各章重点容,涵盖选择题容,望同学能进一步熟悉各章容。不要求对技术细节了解十分透彻,知道根本概念即可。二、名词解释 路由器: 调制解调器: 电路交换: 报文交换: 带宽: 吞吐量: 透明传输: CSMA/CD: PING命令: Tracert命令: 停顿等待协议: 信道利用率:三、简答题1. 请简述客户-效劳器的工作方式,并说明客户程序和效劳器程序各自的特点。2. 网络中的时延由哪几局部组成?各自产生的原因或发生的部位?3. 什么是信道复用技术?为什么要使用信道复用技术?常见的信道复用技术有哪些?4. 请简述

8、ADSL的工作方式;它对标准模拟线路进展了何种改造和升级?ADSL的优缺点分别是什么?5. CSMA/CD协议的全程是什么?简述该协议的工作方式。6. 请简述IP层转发分组的流程。7. 运输层的两个主要协议TCP和UDP的全称是什么?二者有何区别?8. 试述TCP是如何实现可靠传输的?四、计算题作答时必须写出具体计算过程,只写结果,不写过程的不得分1. 收发两端之间的传输距离为1000km,信号在媒体上的传播速率为2108m/s。试计算以下两种情况的发送时延和传播时延:1数据长度为107bit,数据发送速率100 kb/s。2数据长度为103bit,数据发送速率1 Gb/s。从以上计算结果可以

9、得出什么结论?解:两种情况分别计算如下:1发送时延为 107 bit/( 100kb/s ) = 100 s传播时延为 106 m/( 2108m/s ) = 5 ms 发送时延远大于传播时延。2发送时延为 103 bit/( 1Gb/s ) = 1s传播时延为 106 m/( 2108m/s ) = 5 ms 发送时延远小于传播时延。结论:假设数据长度大而发送速率低,那么在总的时延中,发送时延往往大于传播时延。但假设数据长度短而发送速率高,那么传播时延又可能是总时延中的主要成分。2. 假设信号在媒体上的传播速率为2.3108m/s。媒体长度L分别为:110 cm网络接口卡2100 km城域网

10、试计算当数据率分别为1 Mb/s和10 Gb/s时,在以上媒体中正在传播的比特数。解:计算步骤如下:1先计算10 cm0.1 m的媒体上信号的传播时延:0.1m/(2.3108m/s)=4.3510-10s 计算10cm线路上正在传播的比特数: 1Mb/s数据率时为:1Mb/s4.3510-10s=4.3510-4 bit 10Gb/s数据率时为:10Gb/s4.3510-10s=4.35 bit2先计算100 km100000 m的媒体上信号的传播时延:100000m/(2.3108m/s)=4.3510-4s 计算100km线路上正在传播的比特数: 1Mb/s数据率时为:1Mb/s4.35

11、10-4s=435 bit 10Gb/s数据率时为:10Gb/s4.3510-4s=4.35106 bit3. 试计算工作在1200nm到1400nm之间以及工作在1400nm到1600nm之间的光波的频带宽度。假定光在光纤中的传播速率为2108 m/s。解:频率=光速/波长,依题意,在光纤中光速为2108m/s。1200nm到1400nm:带宽 = 1200nm波长对应的频率减去1400nm波长对应的频率 = 2108/120010-9-2108/140010-9 = 23.81012Hz=23.8THz1400nm到1600nm:带宽 = 2108/140010-9-2108/160010

12、-9 = 17.861012Hz= 17.86 THz4. 在数据传输过程中,假设接收方收到的二进制比特序列为,接收双方采用的生成多项式为G(x)=x4+x3+1,那么该二进制比特序列在传输中是否出现了错误?如果没有出现过失,发送数据的比特序列和CRC校验码的比特序列分别是多少?解:接收方收到的二进制比特序列为;生成多项式G(x)=x4+x3+1,那么所对应的二进制比特序列为11001。进展以下二进制除法,被除数为,除数为11001:1 1 0 1 0 1 01 0 1 1 0 0 1 1 0 1 01 1 0 0 11 1 0 0 11 1 1 1 01 1 0 0 11 1 1 1 11

13、1 0 0 11 1 0 0 11 1 0 0 10 0 计算所得余数为0,因此该二进制比特序列在传输过程中没有出现过失。发送数据的比特序列是1011001,CRC校验码的比特序列为1010。5. 一个UDP用户数据报的数据字段为8192字节。在数据链路层要使用以太网来传送。试问应当划分为几个IP数据报片?并说明每一个IP数据报片的数据字段长度和片偏移字段的值。解:UDP用户数据报的长度 = 8192+8=8200 B以太网数据字段最大长度是1500 B。假设IP首部为20 B,那么IP数据报的数据局部最多只能有1480 B。而 14805 + 800 = 8200,因此,划分的数据报片应为6

14、个。数据字段的长度:前5个是1480字节,最后一个是800字节。第1个数据报片的片偏移字节是0。第2个数据报片的片偏移字节是1480 B。第3个数据报片的片偏移字节是14802 = 2960 B。第4个数据报片的片偏移字节是14803 = 4440 B。第5个数据报片的片偏移字节是14804 = 5920 B。第6个数据报片的片偏移字节是14805 = 7400 B。6.通信信道带宽为1Gb/s,端到端传播时延为10ms。TCP的发送窗口为65535字节。试问:可能到达的最大吞吐量是多少?信道的利用率是多少?解:发送一个窗口的比特数为655358=524280bit所需时间为:524280bi

15、t/1000000000bit/s=0.5240.001s=0.524ms往返时间为:20ms。最大吞吐量为:0.524280Mb/20ms+0.524ms=25.5Mb/s信道利用率为:25.5Mb/s/1000Mb/s=2.55%五、图表分析题1. 下列图表示有五个站分别连接在三个局域网上,并且用网桥B1和网桥B2连接起来。每一个网桥都有两个接口1和2。在一开场,两个网桥中的转发表都是空的。以后有以下各站向其他的站按先后顺序发送了数据帧:A发送给E,C发送给B,D发送给C,B发送给A。试把有关数据填写在下表中,并简要说明为什么这样处理?发送的帧网桥B1的转发表网桥B2的转发表网桥B1的处理

16、转发?丢弃?登记?网桥B2的处理转发?丢弃?登记?地址接口地址接口A EC BD CB A发送的帧网桥B1的转发表网桥B2的转发表网桥B1的处理转发?丢弃?登记?网桥B2的处理转发?丢弃?登记?地址接口地址接口A EA1A1转发,写入转发表转发,写入转发表C BC2C1转发,写入转发表转发,写入转发表D CD2D2写入转发表,丢弃不转发转发,写入转发表B AB1写入转发表,丢弃不转发接收不到这个帧解:填表如下所示A E:B1收到该帧时转发表是空的,因此加上收到的帧的源地址A和这个帧到达的接口1,即A,1。收到的帧的目的地址在转发表中没有,因此该帧从接口2转发出去,发送到LAN2。当B2收到该帧

17、时,同理处理。C B: B1和B2都收到该帧,因为它们和C在同一局域网上。B1的转发表没有C,因此,将C,2加上,并从接口1转发到LAN1。LAN1上的B站收到该帧。B2的转发表也没有C,因此,将C,1加上,并从接口2转发到LAN3。D C: B2收到该帧时,转发表上没有D,因此,将D,2加上。再查B2的转发表,发现收到该帧的目的地址C在转发表中有这一项,其接口是1,因此,从相应的接口1转发出去。当B1收到该帧时,将D,2加上。再找目的地址C。因为与C对应的转发接口2与此帧到达的接口2一样,因此,B1将不再转发此帧,而是丢弃它。B A: B1收到此帧时,将B和接口1写入转发表,即B,1。再查B

18、1的转发表,收到该帧的目的地址A在转发表中有这一项,其接口是1,与该帧的到达接口一样,不再需要转发,故丢弃该帧。B2收不到该帧,无法在其转发表中写入B的转发信息。2. 请做出停顿等待协议中确认丧失情况的示意图,并说明发送方A和接收方B各自的采取的动作?解:P199-200。3. 请做出停顿等待协议中确认迟到情况的示意图,并说明发送方A和接收方B各自的采取的动作?解:P199-200。六、综合分析题1. TCP的接收窗口大小是600字节,已经确认了的序号是300。在不断地接收报文段和发送确认报文段的过程中,接收窗口也可能会发生变化增大或缩小。请分析以下四种情况中,哪些情况是可能发生的,哪些情况是

19、不允许发生的,为什么?1接收窗口=600300301900已确认的序号接收窗口前沿接收窗口=600图12接收窗口前沿前移4004011100接收窗口=700图23接收窗口前沿不动400401900接收窗口=500图34接收窗口前沿后退500501800接收窗口=500图4答:1这是题目刚开场的情况。接收方发送确实认报文段中的接收窗口rwnd=600。已确认的序号是300。接收方发送确实认报文段的ack=301,表示期望收到开场的序号为301的数据。依图1所示,序号301到900都在接收窗口。所以第1种情况是可能出现的。2接收窗口增大总是不受限制的。也就是说,只要接收端的TCP能够拿出更多的空间

20、来接收发来的数据,就可以这样做。依图2所示,已确认的序号是400,接收方发送确实认报文段的ack=401。接收窗口从图1的600增大到了700,即rwnd=700,目前的接收窗口的围是从401到1100。当接收窗口增大时,接收窗口的前沿总是向前移动的。所以第2种情况是可能出现的。3如图3所示的情况是接收窗口变小了,但接收窗口的前沿没有变化。依图3所示,现在已确认的序号是400,接收方发送确实认报文段的ack=401,目前接收窗口从图1的600减小到了500,即rwnd=500。接收窗口的围是从401到900。所以第3中情况是可能出现的。4如图4所示的情况是接收窗口变小了,且接收窗口的前沿是后退

21、的。依图4所示,现在已确认的序号是500,接收方发送确实认报文段的ack=501。接收窗口的围是从501到800。但这种情况是不允许出现的,即接收窗口的前沿是不允许后退的,会导致接收方数据的丧失,所以第4种情况是不允许发生的。2. 1试简述路由器转发分组的执行步骤;2设某路由器建立了如下路由表:目的网络子网掩码下一跳128.96.39.0255.255.255.128接口0128.96.39.128255.255.255.128接口1128.96.40.0255.255.255.128R2192.4.153.0255.255.255.192R3*默认R4现共收到3个分组,其目的地址分别为:12

22、8.96.39.10128.96.40.12128.96.40.151 192.4.153.17试分别计算其下一跳。解:1路由器转发分组的执行步骤如下: 从数据报的首部提取目的主机的IP地址D, 得出目的网络地址为 N; 假设网络N与此路由器直接相连,那么把数据报直接交付给目的主机 D;否那么是间接交付,执行; 假设路由表中有目的地址为D的特定主机路由,那么把数据报传送给路由表中所指明的下一跳路由器;否那么,执行; 假设路由表中有到达网络N的路由,那么把数据报传送给路由表指明的下一跳路由器;否那么,执行; 假设路由表中有一个默认路由,那么把数据报传送给路由表中所指明的默认路由器;否那么,执行;

23、 报告转发分组出错。2分别计算其下一跳128.96.39.10与子网掩码255.255.255.128相与,得128.96.39.0,那么该分组需经接口0转发。128.96.40.12与子网掩码255.255.255.128相与,得128.96.40.0,查路由表可知,那么该分组经路由器R2转发。128.96.40.151与子网掩码255.255.255.128相与,得128.96.40.128;与子网掩码255.255.255.192相与,得128.96.40.128。查路由表可知,该分组转发选择默认路由,经路由器R4转发。 192.4.153.17与子网掩码255.255.255.128相与,得192.4.153.0;与子网掩码255.255.255.192相与,得192.4.153.0。查路由表可知,该分组经路由器R3转发。- - word.zl-

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